Ejercicios Resueltos De Estadistica I 2i1a36
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EJERCICIOS
EJERCICIOS RESUELTOS DE ESTADÍSTICA I
Unión de Estudiantes de Ciencias Económicas | AECUC3M
Estad´ıstica I Ejercicios Temas 1 y 2 Curso 2009/10
–
Soluciones
1. La tabla siguiente muestra el n´ umero de mujeres (en miles) que se encontraban activas en el a˜ no 1986 en EEUU por sectores profesionales: Profesi´on Arte/Entretenimiento Derecho Educaci´on Ingenier´ıa Salud Otros
# de mujeres 901 698 2833 347 1937 355
a) Obt´en la distribuci´ on de frecuencias relativas para este conjunto de datos. ¿Qu´e porcentaje de mujeres trabajaron en el ´ area de Derecho? b) Construye un diagrama de barras para estos datos usando las frecuencias relativas obtenidas en (a). Soluci´ on: Clase Freq. abs., ni Freq. rel., fi Art/Ent 901 0.13 Der 698 0.10 a) Edu 2833 0.40 Ing 347 0.05 Salud 1937 0.27 Otros 355 0.05 El 10 % de las mujeres trabajaron en el ´area de Derecho.
0.3 0.2 0.1 0.0
FRECUENCIA RELATIVA
0.4
b) Diagrama de barras
Art/Ent
Der
Edu
1
Ing
Otros
Salud
2. La tabla inferior muestra las ganancias semanales de una compa˜ n´ıa de marketing de hamburguesas (en miles de euros):
3145 12764 6395 7415 13517 8020 21333 9144 5089 8494
15879 9061 8758 9637 7645 8346 9280 7424 6904 6032
Ganancias 6914 4572 8245 10563 17270 10755 9361 11606 9757 9537 12848 8438 7538 7414 25639 10274 9182 12193 16012 9282
11374 8164 10465 7836 23957 6347 11707 4683 12472 3331
a) Construye 6 intervalos de igual longitud que comprendan el rango de Ganancias 0-30000, especifica la marca de clase de cada intervalo y obt´en la distribuci´on de frecuencias absolutas para estos datos. Identifica el intervalo modal (el de mayor cantidad de observaciones). b) Partiendo de la tabla del apartado (a), representa gr´aficamente los datos dibujando un histograma. Describe la simetr´ıa de la distribuci´on. c) Partiendo de lo que conoces del apartado (b), ¿qu´e tipo de medidas num´ericas, de entre las estudiadas, ser´ıan las m´ as adecuadas para describir el centro y la dispersi´on de los datos? Justifica tu respuesta. Soluci´ on: Clase [li−1 , li ) Marca de clase xi [0, 5000) 2500 [5000, 10000) 7500 a) [10000, 15000) 12500 [15000, 20000) 17500 [20000, 25000) 22500 [25000, 30000) 27500 El segundo intervalo, [5000, 10000), es la clase modal.
Frec. absoluta, ni 4 28 12 3 2 1
20 15 10 5 0
FRECUENCIAS
25
b) La distribuci´ on es asim´etrica a la derecha.
0
5000 10000
20000
30000
GANANCIAS (1000s DE EUROS)
2
c) La mediana (centro) y el RIC (dispersi´on) son m´as apropiados que la media y la desviaci´ on t´ıpica para describir el centro y la variaci´on, respectivamente, en distribuciones asim´etricas. 3. Los siguientes datos muestran las temperaturas tomadas en cierta ciudad durante el mes de Abril:
47 55 35 56 62 51 54 63 43 49
49 45 43 37 66 49 48 51 66 47
Temperatura (o F) 51 49 60 46 50 47 42 42 68 53 54 76 55 50 68 38 69 62 60 50 49 46 62 52 43 30 52 57 69 50 60 65 37 53 48 69 68 63 18 59 52 39 75 58 45 46 55 45 60 46
58 56 49 70 61 55 80 38 66 49
46 56 46 72 53 52
a) Construye la tabla de la distribuci´on de frecuencias (absolutas) haciendo intervalos de amplitud igual a 10 y comenzando por el valor 10. ¿Cu´antos registros de temperatura fueron al menos de 60o F? b) Partiendo del apartado (a), construye un histograma de area igual a 1 para este conjunto de datos. ¿Existen observaciones que podr´ıan ser at´ıpicas? Describe la forma de la distribuci´ on omitiendo las observaciones que son potencialmente at´ıpicas. Soluci´ on: Clase [li−1 , li ) Marca de clase xi Frec. absoluta, ni [10, 20) 15 1 [20, 30) 25 0 [30, 40) 35 7 a) 45 26 [40, 50) [50, 60) 55 27 [60, 70) 65 20 [70, 80) 75 5 o 20 + 5 = 25 registros fueros iguales o superiores a 60 F. b) Mirando el histograma podr´ıamos decir que la observaci´on m´as peque˜ na, con valor 18, es potencialmente at´ıpica. Ignorando tal observaci´on, la distribuci´on tiene una forma sim´etrica (¯ x∼ = M ).
3
0.030 0.020 0.010 0.000 10
20
30
40
50
60
70
80
TEMP (ºF)
4. La tabla siguiente muestra la Estatura (en metros) de 50 mujeres espa˜ nolas:
1.56 1.61 1.53 1.59 1.55 1.47 1.50 1.68 1.65 1.58
Estatura (en metros) 1.59 1.63 1.62 1.65 1.59 1.51 1.62 1.62 1.49 1.57 1.54 1.53 1.58 1.57 1.47 1.64 1.59 1.53 1.56 1.53 1.57 1.60 1.54 1.56 1.62 1.59 1.62 1.54 1.52 1.62 1.62 1.49 1.53 1.59 1.56 1.54 1.52 1.63 1.56 1.62
a) Obt´en la distribuci´ on de frecuencias (absolutas) de los datos haciendo 10 intervalos que comprendan al rango 1.45-1.70. ¿Cu´ antas mujeres tienen estatura inferior a 1.55m? ¿Qu´e porcentaje de mujeres tiene una estatura de al menos 1.65m? b) Realiza el histograma y describe la simetr´ıa de ´este. Soluci´ on:
a)
Clase [li−1 , li ) [1.450, 1.475) [1.475, 1.500) [1.500, 1.525) [1.525, 1.550) [1.550, 1.575) [1.575, 1.600) [1.600, 1.625) [1.625, 1.650) [1.650, 1.675) [1.675, 1.700)
Marca de clase xi 1.4625 1.4875 1.5125 1.5375 1.5625 1.5875 1.6125 1.6375 1.6625 1.6875
Frec. absoluta ni 2 2 4 9 9 8 10 3 2 1
2 + 2 + 4 + 4 = 17 mujeres tienen estatura inferior a 1.55m. menos una estatura de 1.65m. 4
2+1 50
= 6 % de las mujeres tiene al
6 4 0
2
FRECUENCIAS
8
10
b) La distribuci´ on es aproximadamente sim´etrica (¯ x∼ = M ).
1.45
1.50
1.55
1.60
1.65
1.70
ALTURA (m)
5. Estamos interesados en el n´ umero de transacciones mensuales realizadas por una cooperativa de cr´edito. Se han recogido los siguientes datos: # 17 31 25 30 21
de transacciones 25 32 41 43 28 27 39 36 19 21 28 26 32 26 27 34 24 20 25 31
a) Obt´en una tabla de distribuci´ on de frecuencias observadas, realizando seis intervalos iguales de amplitud 5 y comenzando desde el valor 15. b) Determina sus correspondientes frecuencias relativas. c) A partir de los apartados (a) y (b) obt´en las correspondientes frecuencias acumuladas. Identifica las clases modales. Soluci´ on: (a), (b), (c) [li−1 , li ) [15, 20) [20, 25) [25, 30) [30, 35) [35, 40) [40, 45)
Marca de clase xi 17.5 22.5 27.5 32.5 37.5 42.5
ni 2 4 9 6 2 2
fi 0.08 0.16 0.36 0.24 0.08 0.08
Ni 2 6 15 21 23 25
Fi 0.08 0.24 0.60 0.84 0.92 1.00
El tercer intervalo, [25, 30), es la clase modal. 6. El director de una compa˜ n´ıa desea estudiar si la experiencia se traduce en una mayor rapidez al hacer una tarea. Para ello, lleva a cabo un experimento con 25 empleados, a los cuales les solicita que realicen una tarea 10 veces. A los mismos 25 empleados les hace la misma solicitud, pero con 20 repeticiones. Y de nuevo, con 50 repeticiones. La tabla siguiente muestra el tiempo medio (en minutos) necesitado por los empleados para realizar cada repetici´on en cada caso. 5
Tiempo (10 repeticiones) 15 19 21 20 30 22 17 20 18 19 22 18 33 17 41 16 10 20 14 22 18 19 25 24 23
Tiempo (20 repeticiones) 16 11 10 10 12 13 9 12 7 8 11 20 8 7 9 6 5 9 15 10 10 10 11 11 9
Tiempo (50 repeticiones) 10 8 5 10 7 8 9 7 8 8 11 6 12 8 9 6 7 4 6 15 8 7 14 20 9
a) Representa gr´ aficamente los tres histogramas, uno para cada subconjunto de datos. b) Compara los histogramas del apartado (a). ¿Opinas que existe una relaci´on entre el n´ umero de veces que se repite la tarea y el tiempo medio necesario para realizarla? Justifica tu respuesta. c) Calcula y compara los coeficientes de variaci´on, CV , para los tres conjuntos. ¿Cu´ales son las unidades de los CV ? Soluci´ on:
0
10
20
30
40
0.20 0.00
0.10
0.20 0.10 0.00
0.00
0.10
0.20
a) Los histogramas son
50
0
10
20
30
40
50
0
10
20
30
40
50
b) S´ı, parece que al incrementarse el n´ umero de repeticiones, se necesita un menor tiempo medio para llevar a cabo las tareas. c) El CV no tiene unidad (o se expresa en %’s) CVx = 6.3306/20.3306 = 30.26 % CVy = 3.2259/10.36 = 31.14 % CVz = 3.4559/8.88 = 38.92 % 7. Los siguientes datos corresponden al n´ umero de accidentes de trabajo por mes: 1
3
4
5
2
2
6
7
2
0
1
a) ¿Son estos datos cualitativos o cuantitativos? En el primer caso, ¿son cualitativos ordinales o nominales? En el segundo, son cuantitativos discretos o continuos? b) Calcula la media, la mediana y la moda para este conjunto de datos. ¿Qu´e unidades tienen estas medidas? c) Calcula la (cuasi) varianza, la (cuasi) desviaci´on t´ıpica, el rango, el rango inter-cuart´ılico y el coeficiente de variaci´ on. ¿Cu´ ales son sus unidades? Soluci´ on:
6
a) Cuantitativos discretos b) x ¯ = 3 M = 2
(0, 1, 1, 2, 2, 2 , 3, 4, 5, 6, 7)
moda = 2 Las unidades de todas estas medidas son las unidades de los datos: accidentes por mes. c) s2x =
Pn
i=1
x2i − n(¯ x)2 149 − 11(3)2 = =5 n−1 11 − 1
sx = 2.24 R = 7−0=7 RIC = 5 − 1 = 4 2.24 CV = = 0.75 3 Las unidades son: s2x (unidades2 =(accidentes por mes)2 ) and CV (ninguno o en %). 8. Los siguientes datos muestran el n´ umero de helados vendidos por hora en una helader´ıa durante diferentes horas de apertura: 35 17
47 19
22 21
15 31
13 35
28 37
39 41
41 43
43 47
36 5
24 12
23 19
a) Obt´en la media, la mediana y la moda de estas observaciones. b) Obt´en la (cuasi) varianza, la (cuasi) desviaci´on t´ıpica, el rango, el rango inter-cuart´ılico y el coeficiente de variaci´ on. c) Representa gr´ aficamente el diagrama de cajas para este conjunto de datos. d ) ¿Existe alguna observaci´ on at´ıpica? ¿Es sim´etrica la distribuci´on? (Pista: compara la media y la mediana) Soluci´ on: a) x ¯ = 28.875 M = 29.5 La Moda
(5, 12, 13, 15, 17, 19, 19 , 21, 22, 23, 24, 28, 31 , 35, 35, 36, 37, 39, 41 , 41, 43, 43, 47, 47)
no es u ´nica
b) Pn
x2i − n(¯ x)2 23463 − 24(28.875)2 = = 150.1141 n−1 24 − 1 sx = 12.2521
s2x
=
i=1
R = 47 − 5 = 42 RIC = x(18.75) − x(6.25) = (39 + 0.75(41 − 39)) − 19 = 40.5 − 19 = 21.5 12.2521 CV = = 0.4243 28.875 c) El diagrama de cajas es
7
10
20
30
40
d ) No. No hay observaciones que sean: Mayores que Q3 + 1.5RIC = 40 + 31.5 = 71.5 Menores que Q1 − 1.5RIC = 19 − 31.5 = −12.5 La distribuci´ on es aproximadamente sim´etrica (¯ x∼ = M ). 9. La tabla siguiente muestra las calificaciones de un grupo de alumnos en el examen de una asignatura: 8.4 8.1 7.4 6.6 7.7 9.3
Calificaciones 7.7 6.7 9.4 5.6 8.9 7.7 7.6 2.8 8.0 7.7 8.9 8.1 7.2 9.4 9.3 2.1
9.0 8.8 5.8 7.8 7.9
a) Obt´en la media, la mediana y la moda. b) Obt´en la (cuasi) varianza, la (cuasi) desviaci´on t´ıpica, el rango, el rango inter-cuart´ılico y el coeficiente de variaci´ on. c) Representa gr´ aficamente el diagrama de cajas de estas calificaciones. d ) ¿Existe alguna observaci´ on at´ıpica? ¿Es sim´etrica la distribuci´on? (Pista: compara la media y la mediana) Soluci´ on: a) Datos ordenados: 2.8, 5.6, 5.8, 6.6, 6.7, 7.2, 7.4 , 7.6, 7.7, 7.7, 7.7, 7.7, 7.8, 7.9 , 8.0, 8.1, 8.1, 8.4, 8.8, 8.9, 8.9 , 9.0, 9.3, 9.3, 9.4, 9.4 x ¯ = 7.761538 M = 7.85 mode = 7.7 b) Pn
x2i − n(¯ x)2 1618.4 − 23(7.761538)2 = = 2.0849 n−1 23 − 1 sx = 1.4439
s2x
=
i=1
R = 9.4 − 2.8 = 6.6 RIC = x(20.25) − x(6.75) = 8.9 − (7.2 + 0.75(7.4 − 7.2)) = 8.9 − 7.35 = 1.55 7.761538 CV = = 5.3754 1.4439 8
c) El diagrama de cajas es
●
3
4
5
6
7
8
9
d ) S´ı. La observaci´ on 2.8 es at´ıpica porque es: Mayor que Q3 + 1.5RIC = 8.9 + 1.5RIC = 11.225 Menor que Q1 − 1.5RIC = 7.35 − 1.5RIC = 5.025 Excluyendo la observaci´ on at´ıpica, la distribuci´on es ligeramente asim´etrica a la izquierda (¯ x < M ). 10. Un agente de control de calidad de una compa˜ n´ıa de neum´aticos de coches estima que el peso medio de los neum´ aticos es de 20 kg, con una desviaci´on t´ıpica de 1 kg. Adem´as, sabemos que el 68 % de los neum´ aticos pesan entre 19 y 21 kg, y casi todos entre 17 y 23 kg. a) ¿Qu´e puedes decir acerca de la forma de la distribuci´on de los pesos a partir de la informaci´ on que se aporta? Pista: utiliza la regla emp´ırica. Soluci´ on: a) Tenemos que (19, 21) = (20 ± 1 · 1) = (¯ x ± 1s)
68 %
(17, 23) = (20 ± 3 · 1) = (¯ x ± 3s)
99.7 %
Por tanto, la regla emp´ırica se verifica y podemos concluir que la distribuci´on es acampanada.
9
Estad´ıstica I Ejercicios Tema 3 Curso 2009/10
1. a) Distribuciones de frecuencias marginales relativas: # de h: \ nota:
Suspenso
Aprobado
Notable
Sobresaliente
D. marg. de # de h
2
0.20
0.15
0.08
0.03
0.46
3
0.12
0.07
0.02
0.02
0.23
4
0.04
0.10
0.02
0.00
0.16
5
0.00
0.05
0.05
0.05
0.15
D. marg. de nota
0.36
0.37
0.17
0.10
1
b) Distribuciones de “nota” condicionadas a los distintos valores de “n´ umero de horas de estudio”: Nota | # horas= 2:
Suspenso
Aprobado
Notable
Sobresaliente
Total
f rxi |y=2
0.435
0.326
0.174
0.065
1
Nota | # horas= 3:
Suspenso
Aprobado
Notable
Sobresaliente
Total
f rxi |y=3
0.522
0.304
0.87
0.87
1
Nota | # horas= 4:
Suspenso
Aprobado
Notable
Sobresaliente
Total
f rxi |y=4
0.250
0.625
0.125
0.000
1
Nota | # horas= 5
Suspenso
Aprobado
Notable
Sobresaliente
Total
f rxi |y=5
0.000
0.333
0.333
0.333
1
Distribuciones de “n´ umero de horas de estudio” condicionadas a los distintos valores de “nota”: # horas| nota = Suspenso
f ryj |x=Sus.
# horas| nota = Aprobado
f ryj |x=Apr.
2
0.556
2
0.405
3
0.333
3
0.189
4
0.111
4
0.270
5
0.000
5
0.135
Total
1
Total
1
1
# horas| nota = Notable
f ryj |x=N ot.
# horas| nota = Sobresaliente
f ryj |x=Sob.
2
0.471
2
0.3
3
0.118
3
0.2
4
0.118
4
0.0
5
0.294
5
0.5
Total
1
Total
1
2. a) Distribuciones de frecuencias marginales relativas: # de hijos \ renta:
0-1000
1000-2000
2000-3000
> 3000
D. marg. de # de hijos
0
0.15
0.05
0.03
0.02
0.25
1
0.10
0.20
0.10
0.05
0.45
2
0.05
0.10
0.05
0.03
0.23
≥3
0.02
0.03
0.02
0.00
0.07
D. marg. de renta
0.32
0.37
0.18
0.12
1
b) Distribuci´ on condicionada de Y |X = 2: renta | # hijos= 2:
0-1000
1000-2000
2000-3000
> 3000
Total
f ryi |x=2
0.218
0.435
0.217
0.130
1
c) Distribuci´ on condicionada de X|1000 < Y < 2000: # hijos| renta= 1000 < Y < 2000
f rxi |1000
<2000
0
0.135
1
0.541
2
0.270
≥3
0.054
Total
1
3. a) Distribuci´ on conjunta de frecuencias absolutas: N´ um. compras por semana
N´ um. tarjetas
0
1
2
3
4
1
24
39
27
18
9
2
9
24
24
27
21
3
3
9
18
24
24
b) Distribuci´ on marginal de Y:
2
N´ um. compras por semana
0
1
2
3
4
Total
nj
36
72
69
69
54
300
Media del n´ umero de compras por semana: 5
y=
1X yj · nj = (0 · 36 + 1 · 72 + 2 · 69 + 3 · 69 + 4 · 54)/300 = 2.11. n j=1
Varianza del n´ umero de compras por semana: 5 X 1 1 yj2 · nj − 300y 2 = (02 · 36 + 12 · 72 + 22 · 69 + 32 · 69 + 42 · 54) − 300 · 2.112 = 1.6634 s2y = 300 − 1 j=1 300 − 1 Desviaci´ on t´ıpica del n´ umero de compras por semana: sy =
q
√
s2y =
1.6634 = 1.29
c) Distribuci´ on del n´ umero de tarjetas de cr´edito: # tarjetas de cr´edito
ni
1
122
2
107
3
81
Total
300
N´ umero m´ as frecuente de tarjetas de cr´edito (moda): 1. d) Distribuci´ on del n´ umero de compras semanales pagadas con tarjetas de cr´edito que realizan las personas que poseen tres tarjetas: N´ um. compras por semana | num. tarjetas=3
0
1
2
3
4
Total
f ryj |x=3
0.037
0.111
0.222
0.296
0.296
1
Media de esta distribuci´ on: y|x = 3 =
5 X
yj · f ryj |x=3 = 0 · 0.037 + 1 · 0.111 + 2 · 0.222 + 3 · 0.296 + 4 · 0.296 = 2.627.
j=1
4. a) Tabla de doble entrada (distribuci´ on conjunta de frecuencias): X: \ Y:
0
1
2
3
4
D. marg. de X
0
0
4
0
0
0
4
1
0
3
0
4
0
7
2
2
0
9
3
0
14
3
0
6
12
5
2
25
4
2
7
15
0
1
25
5
0
0
5
0
0
5
D. marg. de Y
4
20
41
12
3
80
3
Diagrama de dispersi´ on:
b) Tanto la covarianza como el coeficiente de correlaci´on han de ser positivos ya que las dos variables parecen tener una relaci´ on creciente. Adem´ as, sobre el valor del coeficiente de correlaci´on, podemos decir que no estar´ a pr´ oximo a 1, ya que la relaci´ on lineal entre las dos variables no parece muy fuerte. c) r(x,y)
Cov(s, y) = sx · sy
1 Cov(x, y) = n−1
n X
! xi · yi − n · xy
i=1
n
1X 1 xi = (0 · 4 + 1 · 7 + 2 · 14 + 3 · 25 + 4 · 25 + 5 · 5) = 2.9375. n i=1 80 n 1X 1 y= yj = (0 · 4 + 1 · 20 + 2 · 41 + 3 · 12 + 4 · 3) = 1.875. n j=1 80 Pn 1 n 1 2 2 2 2 2 2 2 2 s2x = n−1 i=1 xi − n−1 x = 80−1 (0 · 4 + 1 · 7 + 2 · 14 + 3 · 25 + 4 · 25 + 5 · 5) − x=
s2y =
1 n−1
Pn
Cov(x, y) = r(x,y) =
j=1
yj2 −
1 n−1
Cov(x,y) sx ·sy
=
n 2 n−1 y n X
80 2 80−1 2.9375
= 1.553
80 · 4 + 12 · 20 + 22 · 41 + 32 · 12 + 42 · 3) − 80−1 1.8752 = 0.74367 ! 1 xi · yi − n · x · y = (0 · 0 · 0 + 0 · 1 · 4 + · · · + 5 · 4 · 0 − 80 · 2.9375 · 1.5336) = 0.0174. 79 i=1
=
1 2 80−1 (0
0.0174 √ √ 1.553· 0.74367
= 0.0162
Como hab´ıamos predicho, obtenemos valores positivos para la covarianza y el coeficiente de correlaci´ on. El valor del coeficiente de correlaci´ on es muy cercano a cero, lo que indica que pr´acticamente no hay relaci´ on lineal entre estas dos variables. 5. a) y b) Diagrama de dispersi´ on y rectas:
4
c) La recta de regresi´ on parece ser y = 1.66 + 0.24x, es decir, la que aparece punteada en el gr´afico anterior. d) Coeficiente de correlaci´ on (los c´ alculos se har´ıan como en el ejercicio 4): r(x,y) = 0.8587. e) La relaci´ on linea es positiva, es decir, a mayores valores de x, mayores valores de y, ya que el coeficiente de correlaci´ on es positivo. Adem´ as, como toma un valor alto (pr´oximo a 1) podemos decir que la relaci´ on lineal es fuerte. f) Recta de regresi´ on de los a˜ nos de experiencia (x) en funci´on de los beneficios (y): x = c + dy donde d = Cov(x, y) = 3.0909 y c = x − dy = −1.4545. La interpretaci´on de la pendiente ser´ıa que un aumento de 1 s2y mill´ on de pesetas en los beneficios, se corresponde con un aumento de 3.0909 a˜ nos en la experiencia de la empresa. (Parece que claro, que para este par de variables, la variable independiente deber´ıa ser los a˜ nos de experiencia y la independiente los beneficios y no al rev´es). La ordenada en el origen se interpretar´ıa como los a˜ nos de experiencia para una empresa que no obtuviese beneficios (0 millones). Evidentemente, el valor obtenido (-1.4545 a˜ nos) no tiene sentido en este caso ya que 0 no est´ a dentro del rango de valores de la variable beneficios utilizados para predecir la recta de regresi´ on. 6. a) Diagrama de dispersi´ on:
5
b) Recta de regresi´ on por m´ınimos cuadrados: y = a + bx donde b =
Cov(x, y) on de la y a = y − bx. La ecuaci´ s2x
recta es: y = 2.2405 + 0.2261x. 7. a) Recta de regresi´ on por m´ınimos cuadrados: y = a + bx donde b =
Cov(x, y) y a = y − bx. La ecuaci´ on de la s2x
recta es: y = 7.9531 + 0.4408x. b) Coeficiente de correlaci´ on (se calcula como en el ejercicio 4): r(x,y) = 0.9848. 2 c) El coeficiente de determinaci´ on es r(x,y) = 0.9699, es decir, casi el 97 % de la variabilidad del tiempo de espera
queda explicada por su dependencia lineal del n´ umero de pasajeros que llegan. Esto es, la relaci´ on lineal entre ambas variables es muy fuerte. 8. a) Diagrama de dispersi´ on:
6
b) Recta de regresi´ on por m´ınimos cuadrados: y = a + bx donde b =
Cov(x, y) on de la y a = y − bx. La ecuaci´ s2x
recta es: y = 31 + 1.4167x. c) Residuos: # items def. (xi )
17
9
12
7
8
10
14
18
19
6
t. inspecci´ on (yi )
48
50
43
36
45
49
55
63
55
36
yˆi = 31 + 1.4167xi
55.08
43.75
48.00
40.92
42.33
45.17
50.83
56.50
57.92
39.50
Res. (ei = yi − yˆi )
7.08
6.25
-5.00
-4.92
2.67
3.83
4.17
6.50
-2.92
-3.50
d) Gr´ afico de los residuos ei frente a los valores predichos yˆi :
7
Los residuos se reparten de forma aleatoria en torno a la linea horizontal y = 0, y por tanto podemos decir que el ajuste de la recta de regresi´ on es bueno. 2 e) Coeficiente de determinaci´ on (c´ alculos como en el ejercicio 4): r(x,y) = 0.6299. Esto quiere decir que el 70 %
de la variabilidad del tiempo de inspecci´on viene explicada por su dependencia lineal del n´ umero de items defectuosos. 9. El coeficiente de correlaci´ on es (c´ alculos como en el ejercicio 4): r(x,y) = 0.7911 . La relaci´on lineal entre estas dos variables es positiva, es decir, a mayor tama˜ no de la familia mayor es el consumo de detergentes, ya que r(x,y) es positivo. Adem´ as, podemos decir que la relaci´on lineal es fuerte ya que el valor del coeficiente de correlaci´ on es bastante alto (pr´ oximo a 1). 10. El coeficiente de correlaci´ on es (c´ alculos como en el ejercicio 4): r(x,y) = 0.7607 . La relaci´on lineal entre estas dos variables es positiva, es decir, a mayor n´ umero de inventarios mayor es el porcentaje de ventas de estas compa˜ n´ıas, ya que r(x,y) es positivo. Adem´ as, podemos decir que la relaci´on lineal es fuerte ya que el valor del coeficiente de correlaci´ on es bastante alto (pr´oximo a 1). 11. a) Recta de regresi´ on para el precio de la gasolina (y) en funci´on del precio del crudo (x): y = a + bx donde b=
Cov(x, y) y a = y − bx. La ecuaci´ on de la recta es: y = 35.51 + 2.91x. s2x
b) Diagrama de dispersi´ on y la recta ajustada en el apartado anterior:
8
c) Si el precio del crudo cae a los 15$, el precio estimado del litro de gasolina ser´a y(15) = 35.51+2.91·15 = 79.16 c´entimos de d´ olar. d) No tiene sentido hacerse la pregunta anterior para un precio del crudo de 0 d´olares, ya que 0 no est´ a dentro del rango de valores de x utilizados para calcular la recta de regresi´on. e) Tampoco se puede emplear la recta de regresi´on obtenida en el apartado a) para predecir a futuro el precio del crudo a partir del precio de la gasolina, porque la relaci´on a futuro entre los dos precios puede cambiar y dejar de tener el comportamiento descrito por la recta de regresi´on. 12. a) Recta de regresi´ on para las ventas semanales (y) en funci´on de la fluctuaci´on del Dow Jones (x): y = a + bx donde b =
Cov(x, y) y a = y − bx. La ecuaci´on de la recta es: y = 640.98 + 27.53x. s2x
Diagrama de dispersi´ on y recta de regresi´on:
9
b) Parece haber cierta relaci´ on entre las dos variables, es decir, a mayores fluctuaciones en el Dow Jones se observan mayores ventas. En ese sentido se corroborar´ıa la sospecha del due˜ no de la tienda. Sin embargo, podemos observar que el ajuste de la recta de regresi´on no es muy bueno. Se aprecia un dato at´ıpico que “desplaza” la recta del centro de la nube. Y a´ un eliminando ese dato at´ıpico, el resto de puntos tampoco parece seguir una tendencia lineal. c) No necesariamente, ya que correlaci´ on no implica causalidad. En este caso, no parece razonable pensar que mayores fluctuaciones en el Dow Jones “provoquen” un aumento en las ventas. Lo que puede ocurrir es que haya variables subyacentes que tengan a la vez relaci´on con las fluctuaciones del Dow Jones y las ventas de la tienda, y que hagan que cuando las primeras suban, las segundas suban tambi´en.
10
Estad´ıstica I Ejercicios Tema 4 Curso 2009/10
–
Soluciones
Observaci´ on: En todos los ejercicios de esta hoja usamos la notaci´on A para referirnos al conjunto complementario del conjunto A. 1. En una urna hay 15 bolas numeradas de 2 al 16. Extraemos una bola al azar y observamos el n´ umero que tiene. a) Describe los sucesos, escribiendo todos sus elementos. A ‘Obtener par’
B ‘Obtener impar’
C ‘Obtener primo’
D ‘Obtener impar menor que 9’ b) ¿Qu´e relaci´ on hay entre A y B? ¿Y entre C y D? S T c) ¿Cu´ al es el suceso A B? ¿y C D? Soluci´ on. a) A = {2, 4, 6, 8, 10, 12, 14, 16}, {3, 5, 7}.
B = {3, 5, 7, 9, 11, 13, 15},
C = {2, 3, 5, 7, 11, 13},
D =
b) B = A y D ⊂ C. S T c) A B = Ω (Ω es el espacio muestral); C D = D. T T S 2. Sabiendo que P [A B] = 0.2, que P [B] = 0.7 y que P [A B] = 0.5, calcula P [A B] y P [A]. Soluci´ on.
T T P [A] = P [A B] + P [A B] = 0.5 + 0.2 = 0.7, P [B]S= 1 − P [B] = 1 − 0.7 = 0.3, T P [A B] = P [A] + P [B] − P [A B] = 0.7 + 0.3 − 0.2 = 0.8. 3. Sabiendo que: P [A] = 0.5;
P [B] = 0.6;
P [A
T
B] = 0.25,
a) ¿son A y B sucesos independientes? S b) Calcula P [A B] y P [A|B]. Soluci´ on. a) P [B] = 1 − P [B] = 1 − 0.6 = 0.4, S S T P [A T B] = 1 − P [A B] = 1 − T P [A B] = 1 − 0.25 = 0.75, P [A B] = P [A] + P [B] − P [A T B] → T → 0.75 = 0.5 + 0.4 − P [A B] → P [A B] = 0.5 + 0.4 − 0.75 = 0.15. T Por tanto: P [A] · P [B] = 0.5 · 0.4 = 0.2, mientras que P [A B] = 0.15. Son distintos, luego los conjuntos A y B son independientes. 1
S b) Hemos obtenido en el apartado anterior que: P [A B] = 0.75. Por otra parte: T P [A B] 0.15 P [A|B] = = = 0.375. P [B] 0.4 4. En unas oposiciones, el temario consta de 85 temas. Se eligen tres temas al azar de entre los 85. Si un opositor sabe 35 de los 85 temas, ¿cu´al es la probabilidad de que sepa al menos uno de los tres temas? Soluci´ on. Tenemos que hallar la probabilidad de que ocurra el siguiente suceso:
A: ‘el opositor conoce, al menos, uno de los tres temas’. Para calcularla, utilizaremos el complementario, es decir: ‘el opositor no conoce ninguno de los tres temas´. Si sabe 35 temas, hay 85 - 35 = 50 temas que no sabe; entonces: P [A] = 1 − P [A] = 1 − P [‘no sabe ninguno de los tres’] = 1 −
50 49 48 · · = 1 − 0.198 = 0.802. 85 84 83
Por tanto, la probabilidad de que sepa al menos uno de los tres temas es de 0.802. 5. En una cadena de televisi´ on se hizo una encuesta a 2.500 personas para saber la audiencia de un debate y de una pel´ıcula que se emitieron en horas distintas: 2.100 vieron la pel´ıcula, 1.500 vieron el debate y 350 no vieron ninguno de los dos programas. Si elegimos al azar a uno de los encuestados: a) ¿Cu´ al es la probabilidad de que viera la pel´ıcula y el debate? b) ¿Cu´ al es la probabilidad de que viera la pel´ıcula, sabiendo que vio el debate? c) Sabiendo que vio la pel´ıcula, ¿cu´al es la probabilidad de que viera el debate? Soluci´ on. Organizamos la informaci´on en una tabla de doble entrada, completando los datos que faltan. Ver Cuadro 1. pel´ıcula no pel´ıcula
debate 1450 50 1500
no debate 650 350 1000
2100 400 2500
Cuadro 1: Tabla pel´ıculas. Llamamos D = ‘Vio el debate’ y P = ‘Vio la pel´ıcula’. h \ i a) P D P
=
b) P [P |D]
=
c) P [D|P ]
=
1450 29 = = 0.58. 2500 50 1450 29 = = 0.97. 1500 30 1450 29 = = 0.69. 2100 42
6. Tenemos dos urnas: la primera tiene 3 bolas rojas, 3 blancas y 4 negras; la segunda tiene 4 bolas rojas, 3 blancas y 1 negra. Elegimos una urna al azar y extraemos una bola. a) ¿Cu´ al es la probabilidad de que la bola extra´ıda sea blanca? b) Sabiendo que la bola extra´ıda fue blanca, ¿cu´al es la probabilidad de que fuera de la primera urna? Soluci´ on. Hacemos un diagrama en ´arbol:
2
a) P [B]
=
b) P [I|B]
=
3 3 27 + = . 20T 16 80 I B 3/20 4 = = . P [B] 27/80 9
7. Tenemos dos bolsas, A y B. En la bolsa A hay 3 bolas blancas y 7 rojas. En la bolsa B hay 6 bolas blancas y 2 rojas. Sacamos una bola de A y la pasamos a B. Despu´es extraemos una bola de B. a) ¿Cu´ al es la probabilidad de que la bola extra´ıda de B sea blanca? b) ¿Cu´ al es la probabilidad de que las dos bolas sean blancas? Soluci´ on. Hacemos un diagrama en ´arbol:
a) P [‘segunda bola blanca’] =
7 7 7 + = 30 15 30
b) P [‘lasdosblancas0 ] =
7 . 30
8. Lanzamos tres dados y anotamos el n´ umero de cincos que obtenemos. a) ¿Cu´ al es la distribuci´ on de probabilidad? b) Calcula la media y la desviaci´ on t´ıpica. Soluci´ on. a) Sea X la variable ‘n´ umero de cincos obtenidos’. La variable X toma valores en el conjunto {0, 1, 2, 3}. X = 0 es que salga distinto de cinco en el primer dado, en el segundo y en el tercero. P [X = 0] = P [‘no salga ning´ un 5’] =
555 125 = = 0.58. 666 216
X = 1 es que se d´e uno de los siguientes sucesos: salga cinco en el primer dado, distinto de cinco en el segundo y distinto de cinco en el tercero, o bien que salga distinto de cinco en el primer dado, cinco en el segundo y distinto de cinco en el tercero, o bien que salga distinto de cinco en el primer dado, distinto de cinco en el segundo y cinco en el tercero.
3
155 515 551 3 · 25 + + = = 0.35. 666 666 666 216 X = 2 es que se de uno de los siguientes sucesos: P [X = 1] =
salga cinco en el primer dado, cinco en el segundo y distinto de cinco en el tercero, o bien que salga distinto de cinco en el primer dado, cinco en el segundo y cinco en el tercero, o bien que salga cinco en el primer dado, distinto de cinco en el segundo y cinco en el tercero. 115 511 151 3·5 P [X = 2] = + + = = 0.07. 666 666 666 216 X = 3 es que salga cinco en el primer dado, en el segundo y en el tercero. P [X = 3] = P [‘salgan tres cincos’] =
1 111 = = 0.005. 666 216
Una vez tenemos esto, nos queda que la tabla de distribuci´on de probabilidad es la siguiente: xi pi
0 0.58
1 0.35
2 0.07
3 0.005
NOTA: tambi´en se pueden calcular estas probabilidades usando que la variable ‘salir cinco’ sigue la distribuci´ on Bernoulli, y as´ı X el n´ umero de veces que sale cinco, sigue la distribuci´ on Binomial con n = 3 y p = 16 . b) Ahora calculamos la media y la desviaci´on t´ıpica de esta distribuci´on. µ=
4 X
xi pi = 0 · 0.58 + 1 · 0.35 + 2 · 0.07 + 3 · 0.005 = 0.5,
i=1
σ2 =
4 X
x2i pi − µ2 = 02 · 0.58 + 12 · 0.35 + 22 · 0.07 + 32 · 0.005 − 0.52 = 0.675 − 0.25 = 0.425,
i=1
σ=
√
0.425 = 0.652.
9. La siguiente gr´ afica corresponde a la funci´on de densidad de una variable continua X.
a) Calcula la probabilidad de que X sea menor que uno. Raz´onalo gr´aficamente. b) Calcula la probabilidad de que X sea mayor que 0.5 y menor que 3/2. Raz´onalo anal´ıticamente. c) Calcula la media de la distribuci´on. d ) Calcula la varianza de la distribuci´on. Soluci´ on. Primero vamos a escribir la funci´on de densidad. Para ello nos fijamos que la recta dibujada es la recta y = 1 − 12 x. Entre 0 y 2 la funci´on de densidad vale 1 − 21 x, pero fuera de ese intervalo vale cero. 1 − 21 x, si x ∈ (0, 2), f (x) = 0 si x ∈ / (0, 2). 4
a) Podemos calcular el ´ area debajo de la curva en x ∈ (−∞, 1). Como la curva f s´olo es positiva en x ∈ (0, 2), entonces s´ olo tengo que calcular dicho ´area en x ∈ (0, 1). Tengo dos trozos en ese ´ area: un rect´ angulo rosa se˜ nalado con puntos y un tri´angulo verde se˜ nalado con rayas:
El ´ area del rect´ angulo es 1 · 0.5 = 0.5 y el ´area del tri´angulo es P [X < 1] = 0.5 + 0.25 = 0.75.
(1·0.5) 2
= 0.25. Por tanto,
b) Z
1.5
P [0.5 < X < 1.5] = 0.5
1.5 1.52 0.52 1 1 u2 1 = 1.5 − − 0.5 + = . 1 − u du = u − 2 2 2 0.5 4 4 2
c) µ = =
R∞
xf (x)dx = −∞
4 2
−
8 6
=
12−8 6
=
R2 0 2 3
2 R2 x 1 − 12 x dx = 0 x − 12 x2 dx = x2 −
x3 6
2 0
= 0.667.
d) σ2
R∞ 2 R2 R2 x f (x)dx − µ2 = 0 x2 1 − 12 x dx − µ2 = 0 x2 − 21 x3 dx − µ2 −∞ 2 3 x4 2 2 4 2 x = 83 − 16 = 3 − 8 − 3 8 − 9 = 9 = 0.22.
=
0
10. Un asesor financiero ha estimado que las ventas y los costes de algunos productos est´an relacionados con un ´ındice I a trav´es de las siguientes relaciones: Costes: C =
I+5 7 ,
Ventas: V =
25−I 4 .
Si el ´ındice I es una variable aleatoria X con funci´on de densidad: x si 3 ≤ x ≤ 15 108 , fX (x) = 0, en caso contrario. a) Calcular la funci´ on de distribuci´on del ´ındice I. b) Calcular las medias y desviaciones t´ıpicas de los costes, las ventas y los beneficios. c) Calcular la probabilidad de que el beneficio sea negativo. Soluci´ on. a) Calculamos la funci´ on de distribuci´on de X. Para los valores entre 3 y 15: x Z x Z x u u u2 x2 − 9 FX (x) = du = du = = . 216 3 216 −∞ 108 3 108 De manera que la funci´ on de distribuci´on queda: si x ≤ 3, 0, x2 −9 FX (x) = , si 3 ≤ x ≤ 15, 216 1, si x > 15. 5
b) Para esto primero calculamos la media de X y luego aplicamos sus propiedades para los costes, las ventas y los beneficios. 15 Z +∞ Z 15 31 u3 u = du = , µX = uf (u)du = u 108 324 3 3 −∞ 3 2 σX =
Z 3
2 u 31 92 − = = 10.22, 108 3 9 √ σ = 10.22 = 3.1972.
15
u2
La variable ´ındice I es en realidad la X. La variable beneficio B es igual a las ventas menos los costes, es decir: 25 − X X +5 115 − 11X B =V −C = − = . 4 7 28 Medias: costes medios: E[C] =
E[X]+5 7
ventas medias: E[V ] =
25−E[X] 4
=
46 21 ,
=
11 3 ,
beneficios medios: E[V ] = E[V ] − E[C] =
31 21 .
Desviaciones t´ıpicas: d.t. del costed.t.[C] = 17 σX = 0.4567, d.t. de la ventaE[V ] = 14 σX = 0.7993, d.t. del beneficioE[V ] = c) El beneficio era B =
115−11X , 28
11 28 σX
= 1.256.
luego:
155 P [B < 0] = P [X > ]= 11
Z
15 155 11
x dx = 0.122. 108
11. Para cada una de las siguientes situaciones, indica si sigue una distribuci´on binomial. En caso afirmativo, identifica en ella los valores de n y p : a) Lanzamos cien veces un dado y nos preguntamos por el n´ umero de unos que obtenemos. b) Extraemos una carta de una baraja y vemos si es un as o no. Sin devolverla al mazo, extraemos otra y tambi´en miramos si se trata de un as o no, ... y as´ı sucesivamente hasta diez veces. Soluci´ on. a) Es una distribuci´ on binomial con n = 100, p = 1/6. Es decir, ∼ B(100, 1/6). b) No es una binomial, pues la probabilidad de obtener as para la segunda carta es distinta que para la primera (al ser sin reemplazamiento las extracciones). 12. El 65 % de los alumnos de un cierto instituto cursan estudios universitarios al terminar el Bachillerato. En un grupo de ocho alumnos elegidos al azar, halla la probabilidad de que estudien una carrera: a) Alguno de ellos. b) M´ as de seis. c) Calcula la media y la desviaci´ on t´ıpica. 6
Soluci´ on. Si llamamos X = ‘n´ umero de alumnos, de un grupo de 8, que estudian carrera’, se trata de una distribuci´ on binomial con n = 8, p = 0.65. Es decir, ∼ B(8; 0.65). a) P [X > 0] = 1 − P [X = 0] = 1 − 0.358 = 0.9998. 8 8 b) P [X > 6] = P [X = 7] + P [X = 8] = 0.657 · 0.35 + 0.658 = 0.169. 7 8 c) Hallamos la media: µ = np = 8 · 0.65 = 5.2. √ √ d ) La desviaci´ on t´ıpica: σ = npq = 8 · 0.65 · 0.35 = 1.35. 13. En un sorteo que se realiza diariamente de lunes a viernes, la probabilidad de ganar es 0.1. Vamos a jugar los cinco d´ıas de la semana y estamos interesados en saber cu´al es la probabilidad de ganar 0, 1, 2, 3, 4 ´ o 5 d´ıas. a) Haz una tabla con las probabilidades. b) Calcula la media y la desviaci´ on t´ıpica. Soluci´ on. a) Ver Cuadro 2 xi pi
0 0.59049
1 0.32805
2 0.0729
3 0.081
4 0.0045
5 0.0001
Cuadro 2: Tabla sorteo Observar que se trata de una B(5; 0.1) por ejemplo: 5 P [xi = 0] = · 0.10 · 0.95 = 0.59049. 0 b) µ = np = 5 · 0.1 = 0.5,
σ=
√
npq =
√
5 · 0.1 · 0.9 = 0.67.
14. Explica para cada una de estas situaciones si se trata de una distribuci´on binomial. En caso afirmativo, identifica los valores de n y p : a) El 2 % de las naranjas que se empaquetan en un cierto lugar est´an estropeadas. Se empaquetan en bolsas de 10 naranjas cada una. Nos preguntamos por el n´ umero de naranjas estropeadas de una bolsa elegida al azar. b) En una urna hay 2 bolas rojas, 3 blancas y 2 verdes. Sacamos una bola, anotamos su color y la devolvemos a la urna. Repetimos la experiencia 10 veces y estamos interesados en saber el n´ umero de bolas blancas que hemos extra´ıdo. Soluci´ on. a) Es una distribuci´ on binomial con n = 10, p = 0.02. b) Es una distribuci´ on binomial con n = 10, p = 37 . 15. En cada una de estas situaciones, explica si se trata de una distribuci´on binomial. En caso afirmativo, di cu´ ales son los valores de n y p: a) El 3 % de las chinchetas que se hacen en una determinada f´abrica salen defectuosas. Se empaquetan en cajas de 20 chinchetas. Estamos interesados en el n´ umero de chinchetas defectuosas de una caja elegida al azar. b) En una urna hay 2 bolas rojas, 3 blancas y 2 verdes. Extraemos una bola, anotamos su color y la devolvemos a la urna. Repetimos la experiencia 10 veces y estamos interesados en saber el n´ umero de bolas de cada color que hemos obtenido. Soluci´ on.
7
a) Es una distribuci´ on binomial con n = 20, p = 0.003. b) No se trata de una distribuci´ on binomial ya que hay m´as de dos resultados posibles. 16. Una compa˜ n´ıa telef´ onica recibe llamadas a raz´on de 5 por minuto. Si la distribuci´on del n´ umero de llamadas es de Poisson, calcular la probabilidad de recibir menos de cuatro llamadas en un determinado minuto. Soluci´ on. Sea X el n´ umero de llamadas por minuto que se reciben. Tenemos que X sigue una distribuci´ on de Poisson, con λ = 5. La distribuci´on de probabilidad viene dada por: P [X = x] =
λx e−λ . x!
Nos piden la probabilidad: P [X < 4] = P [X = 0]+P [X = 1]+P [X = 2]+P [X = 3] = 0.0067+0.0337+0.0842+0.1404 = 0.2650. 17. El due˜ no de un criadero de ´ arboles est´a especializado en la producci´on de abetos de Navidad. Estos crecen en filas de 300. Se sabe que por t´ermino medio 6 ´arboles no son aptos para su venta. Asume que la cantidad de ´ arboles aptos para la venta por fila plantada sigue una distribuci´on de Poisson. a) Calcula la probabilidad de encontrar 2 ´arboles no vendibles en una fila de ´arboles. b) Calcula la probabilidad de encontrar 2 ´arboles no vendibles en media fila de ´arboles. Soluci´ on. Sea X el n´ umero de ´ arboles no vendibles en una fila, tenemos que X ∼ P(λ = 3). Sea Y el n´ umero de ´ arboles no vendibles en media fila. El n´ umero medio de ´arboles no vendibles en media fila es 3. Tenemos que Y ∼ P(λ = 3). a) P [X = 2] =
62 · e−6 = 0.0446. 2!
P [Y = 2] =
32 · e−3 = 0.2240. 2!
b)
18. Halla, en una distribuci´ on N (0, 1), las siguientes probabilidades: a) P [z > −0.2] b) P [z > 1.27] c) P [−0.52 < z < 1.03] Soluci´ on. a) P [z > −0.2] = P [z < 0.2] = 0.5793 b) P [z > 1.27] = 1 − P [z < 1.27] = 1 − 0.8980 = 0.1020 c) P [−0.52 < z < 1.03] = P [z < 1.03] − P [z < −0.52] = P [z < 1.03] − (1 − P [z > −0.52]) = P [z < 1.03] − (1 − P [z < 0.52]) = 0.8485 − (1 − 0.6985) = 0.5470 19. El nivel de colesterol en una persona adulta sana sigue una distribuci´on normal N (192, 12). Calcula la probabilidad de que una persona adulta sana tenga un nivel de colesterol: a) Superior a 200 unidades. b) Entre 180 y 220 unidades. Soluci´ on. a) Superior a 200 unidades. P [X > 200] = P [
200 − 192 x − 192 > ] = P [z > 0.67] = 1−P [z < 0.67] = 1−0.7486 = 0.2514 12 12 8
b) Entre 180 y 220 unidades. P [180 < X < 220]
= P [ 180−192 < 12
x−192 12
>
220−192 ] 12
= P [−1 < z < 2.33]
= P [z < 2.33] − P [z < −1] = P [z < 2.33] − P [z > 1] = P [z < 2.33] − (1 − P [z < 1]) = 0.8314 20. El 7 % de los pantalones de una determinada marca salen con alg´ un defecto. Se empaquetan en cajas de 80 para distribuirlos por diferentes tiendas. ¿Cu´al es la probabilidad de que en una caja haya m´ as de 10 pantalones defectuosos? Soluci´ on. Si llamamos X = ‘n´ umero de pantalones defectuosos en una caja’, entonces X es una binomial con n = 80 y p = 0.07. Hay que calcular P [X > 10] La calculamos aproximando con √ una normal. La media de X es np = 80 · 0.07 = 5.6. Su desviaci´on t´ıpica es σ = npq = 2.28. As´ı X ∼ B(80; 0.07) se aproxima por X‘ ∼ N (5.6; 2.28). Hay que tipificarla para tener Z ∼ N (0, 1). Atenci´ on: No se ha aplicado la correcci´on por continuidad. El resultado ser´ıa m´as exacto si se aplicara. 10 − 5.6 = P [Z > 1.93] = 1−P [Z < 1.93] = 1−0.9719 = 0.0281 P [X > 10] ≈ P [X‘ > 10] = P Z > 2.28 21. Un examen de 100 preguntas ite como respuesta en cada una de ellas dos posibilidades, verdadero o falso. Si un alumno contesta al azar, calcula la probabilidad de que acierte m´as de 60 respuestas. Soluci´ on. Si llamamos X al n´ umero de respuestas acertadas, entonces X sigue una distribuci´ on binomial con n = 100, p = 1/2. Tenemos que calcular P [X > 60]. La calculamos aproximando con una normal. √ Primero calculamos la media de la binomial, y su desviaci´on t´ıpica: µ = np = 50 y σ = npq = 5. As´ı consideramos las variables: X ∼ B(100, 1/2) n´ umero de respuestas acertadas. X‘ ∼ N (50, 5) la aproximaci´ on de X. Z ∼ N (0, 1) es la normal est´ andard (se obtiene cuando tipificamos la X‘.) P [X > 60] ≈ P [X‘ > 60] = P [Z >
60 − 50 ] = P [Z > 2] = 1 − 0.9772 = 0.0228. 5
22. Una variable aleatoria X tiene la siguiente funci´on de densidad (1 + x2 )/12, si x ∈ (0, 3), f (x) = 0, si x ∈ / (0, 3). Calcula: a) la funci´ on de distribuci´ on de X, b) las probabilidades P (1 < X < 2) y P (X < 1), c) la esperanza y varianza de X, d ) la probabilidad P (|X − E[X]| ≥ 1) y comp´arala con la cota que se obtendr´ıa mediante la desigualdad de Chebychev. Soluci´ on. a) Calculamos la funci´ on de distribuci´on de X: Z
x
F (x) = P (X ≤ x) = P (X ∈ (−∞, x]) =
f (t) dt, −∞
es decir, si x < 0, 0, (x + x3 /3)/12, si 0 ≤ x < 3, F (x) = 1, si x ≥ 3. 9
b) Calculamos las probabilidades P (1 < X < 2) y P (X < 1): Z 2 Z 2 (1 + x2 )/12 dx = 0.278, f (x) dx = P (1 < X < 2) = 1
1
Z
1
P (X < 1) =
Z
0
Z
f (x) dx =
0 dx +
−∞
−∞
1
(1 + x2 )/12 dx = 0.111.
0
c) Calculamos la esperanza y varianza de X: +∞
Z
Z
Z
+∞
Z
x2 f (x) dx = −∞
3
x (1 + x2 )/12 dx +
x 0 dx + −∞
−∞
E[X 2 ] =
0
x f (x) dx =
E[X] =
Z
Z
x2 0 dx + −∞
x 0 dx = 2.0625. 3
0
0
+∞
Z
3
x2 (1 + x2 )/12 dx +
0
Z
+∞
x2 0 dx = 4.8,
3
y por tanto, V ar(X) = E[X 2 ] − (E[X])2 = 4.8 − 2.06252 = 0.546. d ) Primero calculamos exactamente la probabilidad P (|X − E[X]| ≥ 1), o bien utilizando la funci´ on de densidad de X o bien su funci´on de distribuci´on. P (|X − E[X]| ≥ 1)
=
1 − P (|X − E[X]| < 1) = 1 − P (−1 < X − E[X] < 1)
=
1 − P (1.0625 < X < 3.0625) = 1 − P (1.0625 < X < 3)
=
1 − [F (3) − F (1.0625)] = F (1.0625) = 0.1219,
donde hemos tenido en cuenta que E[X] = 2.0625, y que X es una variable aleatoria continua con funci´ on de densidad diferente de cero en el intervalo (0, 3). En cambio, mediante la desigualdad de Chebychev obtenemos: P (|X − E[X]| ≥ 1) ≤
V ar(X) = 0.546, 12
que no es falso, pero tampoco es muy preciso. Recordad que esta desigualdad se utiliza como una aproximaci´ on de la probabilidad cuando no se dispone de la ley de probabilidad de la variable aleatoria. 23. Considerad la v.a. X que tiene ley uniforme discreta dada por la siguiente funci´on de probabilidad: 1/4, x = 1, 2, 3, 4, P (X = x) = 0, en otro caso. Sean X1 , . . . , Xn son v.a. i.i.d. con la misma distribuci´on que X, y considerad la v.a. n
Y =
1X Xi . n i=1
Calculad la probabilidad P (2.4 < Y < 2.8) para n = 36. Soluci´ on. Consideramos X1 , X2 , . . . , Xn v.a. i.i.d. con funci´on de probabilidad f (x). Calculamos la esperanza y varianza de una de estas v.a.: E[X] =
1 5 (1 + 2 + 3 + 4) = , 4 2
E[X 2 ] =
1 2 15 (1 + 22 + 32 + 42 ) = , 4 2
V ar(X) = E[X 2 ] − (E[X])2 =
15 25 5 − = . 2 4 4
Por tanto, seg´ un el T.C.L. la ley de Y , para n = 36, es: ! r p 5 5/4 Y ≈N , = N (5/2, 5/144) = N (2.5, 0.1871). 2 36 La probabilidad que nos piden es: P (2.4 < Y < 2.8) = P
2.4 − 2.5 2.8 − 2.5
< 0.1871 0.1871
= P (−0.53 < Z < 1.60) = P (Z < 1.60) − P (Z < −0.53) = 0.64714.
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Estad´ıstica I Ejercicios Tema 5 Curso 2009/10
–
Soluciones
1. La duraci´ on de un determinado tipo de pilas es una variable aleatoria con distribuci´on normal de media de 50 horas y desviaci´ on t´ıpica de 5 horas. Empaquetamos las pilas en cajas de 16: a) ¿Cu´ al es la probabilidad de que la duraci´on media de las pilas de una caja sea inferior a 48 horas? b) ¿Cu´ al es la probabilidad de que la duraci´on de una de las pilas sea de entre 45 y 50 horas?
Soluci´ on. X = “duraci´ on en horas de ese tipo de pilas”. X ∼ N (50, 5). Tomamos una m.a.s. de la duraci´ on de 16 pilas: X1 , . . . , X16 . √ a) Como la distribuci´ on de X es normal, tenemos que X ∼ N (50, 5/ 16) = N (50, 1.25). Entonces Z = X−50 1.25 ∼ N (0, 1) y 48−50 P (X < 48) = P X−50 < 1.25 1.25 = P (Z < −1.6) = P (Z > 1.6) = 0.0548. b) P (45 < X < 50)
= P 45−50 < X−50 < 50−50 5 5 5 = P (−1 < X < 0) = P (X < 0) − P (X < −1) = 0.5 − 0.1587 = 0.3413.
2. Las bolsas de az´ ucar envasadas por una cierta m´aquina tienen un peso medio de 500 gramos con una desviaci´ on t´ıpica de 35 gramos. Las bolsas se empaquetan en cajas de 100 unidades. a) Calcular la probabilidad de que el peso medio de las bolsas de una caja sea menor que 495 g. b) Calcular la probabilidad de que una caja pese m´as de 51 kg.
Soluci´ on. X = “peso de las bolsas de az´ ucar en gramos”. E[X] = µ = 500 y DT [X] = σ = 35. Tomamos una m.a.s. del peso de 100 bolsas de az´ ucar: X1 , . . . , X100 . No conocemos la distribuci´ on de X, pero como el tama˜ no de muestra es grande (> 30), podemos aplicar el Teorema central del l´ımite, que dice que n σ 1X Xi ∼ N µ, √ X= n i=1 n cuando n es suficientemente grande. √ As´ı pues, en este caso tendremos que X ∼ N (500, 35/ 100) = N (500, 3.5) aproximadamente. a) Sea Z =
X−500 3.5
∼ N (0, 1), entonces P (X < 495)
495−500 = P X−500 ≤ 3.5 3.5 = P (Z ≤ −1.43) = P (Z > 1.43) = 0.0764.
Xi > 51000)
= P (100 · X > 51000) = P (X > 510) X−500 510−500 = P > 3.5 = P (Z > 2.86) = 0.0021. 3.5
b) P(
P100
i=1
1
3. Para una muestra aleatoria simple X1 , . . . , X4 de una poblaci´on de media µ y varianza kµ2 , donde k es una constante desconocida, se consideran los siguientes estimadores de µ: T1 =
X1 + 4X2 5
T2 =
X1 + X2 + X3 + X4 3
a) Calcular el sesgo de T1 y T2 . b) Calcular el E.C.M. de T1 y T2 . c) ¿Para qu´e valores de k es el estimador T2 mejor que T1 de acuerdo al criterio del E.C.M.?
Soluci´ on. Al tratarse de una muestra aleatoria simple tenemos que E[Xi ] = µ y V ar[Xi ] = kµ2 , i = 1, . . . , 4. a)
X1 + 4X2 1 1 1 E[T1 ] = E = E [X1 + 4X2 ] = (E [X1 ] + 4E [X2 ]) = (µ + 4µ) = µ. 5 5 5 5 Puesto que T1 es insesgado (su esperanza coincide con el valor del par´ ametro), su sesgo es 0. X1 + X2 + X3 + X4 1 1 E[T2 ] = E = E [X1 + X2 + X3 + X4 ] = (E [X1 ] + E [X2 ] + E [X3 ] + E [X4 ]) = 3 3 3 4 1 (µ + µ + µ + µ) = µ. 3 3 4 1 Sesgo(T2 ) = E[T2 ] − µ = µ − µ = µ. 3 3 b) V ar[T1 ] = V ar
17kµ2 X1 + 4X2 1 1 indep. 1 V ar [X1 ] + 42 V ar [X2 ] = kµ2 + 16kµ2 = . = 2 V ar [X1 + 4X2 ] = 5 5 25 25 25
17kµ2 . ECM (T1 ) = V ar[T1 ] + Sesgo(T1 )2 = V ar[T1 ] = 25 X1 + X2 + X3 + X4 1 indep. 1 V ar[T2 ] = V ar = 2 V ar [X1 + X2 + X3 + X4 ] = (V ar [X1 ] + V ar [X2 ] + V ar [X3 ] + 3 3 9 4kµ2 1 kµ2 + kµ2 + kµ2 + kµ2 = . 9 9 2 4kµ2 1 (4k + 1)µ2 2 ECM (T2 ) = V ar[T2 ] + Sesgo(T2 ) = + µ = . 9 3 9 V ar [X4 ]) =
c) ECM (T2 ) ≤ ECM (T1 ) ⇔
17kµ2 (4k + 1)µ2 ≤ ⇔ 25 4kµ2 + µ2 ≤ 9·17kµ2 ⇔ 25µ2 ≤ (153−100)kµ2 9 25
25 . 53 Por tanto preferiremos T2 a T1 , de acuerdo al criterio del error cuadr´ atico medio, cuando k sea mayor que 25/53. (Si µ = 0 ambos estimadores tendr´ıan ECM igual a 0). µ6=0
⇔ 25 ≤ 53k ⇔ k ≥
4. Sea X la variable aleatoria cuya funci´on de densidad es f (x) = 0.5(1 + θx) − 1 ≤ x ≤ 1, donde θ es un par´ ametro desconocido. Sea X1 , . . . , Xn una muestra aleatoria simple de tama˜ no n de X: a) Demuestra que el estimador θˆ = 3X es un estimador insesgado de θ. 2
b) Si n = 100, calcula la probabilidad de que θˆ sea mayor que θ.
Soluci´ on. a) Vamos a calcular primero la esperanza de X: Z
1
Z
1
−1
x0.5(1 + θx)dx = 0.5
xf (x)dx =
E[X] =
−1
x2 x3 +θ 2 3
1
= 0.5
−1
Por tanto: ˆ = E[3X] = 3E[X] E[θ]
m.a.s.
=
3E[X] = 3
1 1 1 1 θ +θ − +θ = . 2 3 2 3 3
θ = θ, 3
es decir, θˆ es un estimador insesgado de θ. b) Si n = 100, al tratarse de una m.a.s. podemos aplicar el teorema central del l´ımite y tenemos que X − E[X] p ∼ N (0, 1) ⇔ X ∼ N (E[X], V ar[X]/n) V ar[X]/n y por tanto θˆ = 3X ∼ N (3E[X], 9V ar[X]/n) = N (θ, 9V ar[X]/n). Por la simetr´ıa de la distribuci´ on normal, sabemos que P (θˆ > θ) = 0.5. 5. Las notas de un test de aptitud siguen una distribucion normal con desviacion tipica 28.2. Una muestra aleatoria de 9 alumnos arroja los resultados siguientes: n X
n X
xi = 1098
i=1
x2i = 138148
i=1
a) Hallar un intervalo de confianza al 90 % para la media poblacional. b) Razonar sin hacer calculos si la longitud de un intervalo al 95 % ser´a menor, mayor o igual que la del obtenido en el apartado anterior. c) ¿Cu´ al ser´ a el tama˜ no de muestra m´ınimo necesario para obtener un intervalo al 90 % de nivel de confianza, con longitud 10? ( longitud del intervalo = extremo superior-extremo inferior)
Soluci´ on. X = “notas del test de aptitud”. X ∼ N (µ, 28.2). Mediante muestreo aleatorio simple se toma una muestra donde v ! u 9 9 u1 X X 1 2 t xi = 122, s = x2 − 9 · x n = 9, x = = 21.58. 9 i=1 8 i=1 i a) En este caso la cantidad pivotal es X −µ √ ∼ N (0, 1) σ/ n y el intervalo de confianza para µ es σ IC1−α (µ) = x ¯ ± zα/2 √ . n En nuestro caso
28.2 IC0.90 (µ) = 122 ± z0.05 √ = [106.54 , 137.46] . 9
b) El intervalo al 95 % ser´ a mayor, puesto que a mayor nivel de confianza, mayor longitud del intervalo (a mayor α, mayor es el valor de zα/2 ). 3
c) La longitud del intervalo es 2 · zα/2 longitud de a lo sumo 10:
√σ . n
Al nivel de confianza 0.95, si queremos un intervalo con
σ σ2 σ σ √ 2 2 · z0.05 √ ≤ 10 ⇐⇒ z0.05 √ ≤ 5 ⇐⇒ z0.05 ≤ n ⇐⇒ z0.05 ≤n 5 25 n n 28.22 σ2 = 1.6452 = 86.08. 25 25 Por lo tanto el tama˜ no de muestra m´ınimo necesario ser´ a 87. 2 ⇐⇒ n ≥ z0.05
6. El gerente de operaciones de un peri´odico quiere determinar la proporci´on de peri´odicos impresos con defectos como demasiada tinta, configuraci´on incorrecta de p´aginas, p´aginas duplicadas, etc. El gerente decide tomar una muestra aleatoria de 100 peri´odicos y encuentra que 35 contienen alg´ un tipo de defecto. a) Si el gerente desea un 90 % de nivel de confianza al estimar la proporci´on verdadera de peri´odicos impresos con defectos, construye el intervalo de confianza. b) Utilizando la informaci´ on muestral, determinar el tama˜ no de la muestra para que el error de estimaci´ on no sea superior al 5 %, con un nivel de confianza del 90 %. c) Si no se dispone de la informaci´ on muestral, ni de informaci´on hist´orica fiable (caso m´as desfavorable), plantear el c´ alculo de n para el supuesto del apartado anterior.
Soluci´ on. X = “presencia de defectos en un peri´ odico”. X ∼ B(p), donde p es la proporci´ on de peri´ odicos que se imprimen con defectos. Mediante muestreo aleatorio simple se toma una muestra donde 100
n = 100,
pˆ = x =
1 X 35 xi = = 0.35. 100 i=1 100
a) Tenemos una distribuci´ on de Bernouilli y un tama˜ no de muestra suficientemente grande para poder aplicar el Teorema Central del L´ımite, por lo tanto, el intervalo de confianza ser´ a: " # r pb(1 − pb) IC1−α (p) = pb ± zα/2 . n En nuestro caso, "
r
IC0.90 (p) = 0.35 ± z0.05
# 0.35 · 0.65 = [0.27 , 0.43] . 100
q p) b) El error de estimaci´ on es zα/2 pb(1−b . Si utilizamos la informaci´ on muestral, es decir, suponemos n que pˆ va a valer aproximadamente 0.35 en cualquier muestra que tomemos, entonces a un nivel de confianza del 90 % tenemos que r pb(1 − pb) pb(1 − pb) pb(1 − pb) 2 2 zα/2 ≤ 0.05 ⇐⇒ zα/2 ≤ 0.052 ⇐⇒ zα/2 ≤n n n 0.052 0.35 · 0.65 0.35 · 0.65 ≤ n ⇐⇒ n ≥ 1.6452 = 246.25. 0.052 0.052 El tama˜ no de muestra m´ınimo necesario para obtener un error de estimaci´ on de a lo sumo el 5 % ser´ıa de 247. ⇐⇒ 1.6452
c) En este caso no podemos suponer que pˆ va a valer aproximadamente 0.35 en cualquier muestra, y por tanto como desconocemos pˆ hemos de ponernos en el caso m´ as desfavorable, es decir, cuando es igual a 1/2. Entonces a un nivel de confianza del 90 % tenemos que r pb(1 − pb) pb(1 − pb) pb(1 − pb) 2 2 ≤n zα/2 ≤ 0.05 ⇐⇒ zα/2 ≤ 0.052 ⇐⇒ zα/2 n n 0.052 4
0.25 pb(1 − pb) ≤ n ⇐⇒ n ≥ 1.6452 = 270.60. 0.052 0.052 El tama˜ no de muestra m´ınimo necesario para obtener un error de estimaci´ on de a lo sumo el 5 % ser´ıa en este caso de 271. ⇐⇒ 1.6452
7. En la encuesta sobre intenci´ on de voto del CIS (febrero de 2008, link) de cara a las elecciones legislativas de 2008, aparece la siguiente informaci´on en la ficha t´ecnica: Error muestral: Para un nivel de confianza del 95.5 % (dos sigmas), y P = Q, el error es de ±0.74 % para el conjunto de la muestra y en el supuesto de muestreo aleatorio simple. ¿Qu´e significa? ¿C´ omo debemos interpretar los resultados de la encuesta?
Soluci´ on. Cuando lo que queremos estimar es una proporci´ on poblacional (en este caso, proporci´ on de personas que votar´ an a un determinado partido), bajo las hip´ otesis del Teorema Central del L´ımite (m.a.s. y tama˜ no de muestra grande) sabemos que: pb − p p ∼ N (0, 1) p(1 − p)/n de donde podemos obtener el siguiente intervalo de confianza para p: " # r p(1 − p) IC1−α (p) = pb ± zα/2 . n Pero puesto que desconocemos p, necesitamos sustituir p(1 − p) en la expresi´ on del intervalo de confianza. Como p ∈ [0, 1], p(1 − p) en el intervalo [0, 1] es una par´ abola que alcanza su m´ aximo en el punto p = 0.5, es decir, cuando p = 1 − p (lo que aparece expresado como P=Q en el enunciado). Entonces: " # " # r r p(1 − p) 0.25 ∀p ∈ [0, 1], p(1 − p) ≤ 0.5(1 − 0.5) = 0.25 ⇒ ∀p ∈ [0, 1], pb ± zα/2 ⊆ pb ± zα/2 . n n El valor que se da como estimaci´ on de la proporci´ on poblacional enq las encuestas de intenci´ on 0.25 de voto es pb, pero el error muestral que se est´ a cometiendo es zα/2 (la semiamplitud del n intervalo, en este caso 0.0074) para un nivel de confianza de (1 − α) % (en este caso 95.5 %, es decir, α = 0.045). Con estos datos podemos saber cu´ al ha sido el tama˜ no de muestra utilizado: r 0.25 1 α = 0.045 ⇒ zα/2 ≈ 2 ⇒ zα/2 ≈√ . n n (Obs´ervese el uso de la expresi´ on “dos sigmas”, refiri´endose a que en la distribuci´ on normal se verifica que la probabilidad de que una variable X ∼ N (µ, σ 2 ) tome valores en el intervalo (µ ± 2σ) es 0.955). Por tanto, el error muestral es 0.0074 si y s´ olo si √1n = 0.0074 ⇔ n ≈ 18262 (lo cual podemos comprobar en la primera p´ agina del documento del CIS, salvo errores de redondeo).
5
EJERCICIOS RESUELTOS DE ESTADÍSTICA I
Unión de Estudiantes de Ciencias Económicas | AECUC3M
Estad´ıstica I Ejercicios Temas 1 y 2 Curso 2009/10
–
Soluciones
1. La tabla siguiente muestra el n´ umero de mujeres (en miles) que se encontraban activas en el a˜ no 1986 en EEUU por sectores profesionales: Profesi´on Arte/Entretenimiento Derecho Educaci´on Ingenier´ıa Salud Otros
# de mujeres 901 698 2833 347 1937 355
a) Obt´en la distribuci´ on de frecuencias relativas para este conjunto de datos. ¿Qu´e porcentaje de mujeres trabajaron en el ´ area de Derecho? b) Construye un diagrama de barras para estos datos usando las frecuencias relativas obtenidas en (a). Soluci´ on: Clase Freq. abs., ni Freq. rel., fi Art/Ent 901 0.13 Der 698 0.10 a) Edu 2833 0.40 Ing 347 0.05 Salud 1937 0.27 Otros 355 0.05 El 10 % de las mujeres trabajaron en el ´area de Derecho.
0.3 0.2 0.1 0.0
FRECUENCIA RELATIVA
0.4
b) Diagrama de barras
Art/Ent
Der
Edu
1
Ing
Otros
Salud
2. La tabla inferior muestra las ganancias semanales de una compa˜ n´ıa de marketing de hamburguesas (en miles de euros):
3145 12764 6395 7415 13517 8020 21333 9144 5089 8494
15879 9061 8758 9637 7645 8346 9280 7424 6904 6032
Ganancias 6914 4572 8245 10563 17270 10755 9361 11606 9757 9537 12848 8438 7538 7414 25639 10274 9182 12193 16012 9282
11374 8164 10465 7836 23957 6347 11707 4683 12472 3331
a) Construye 6 intervalos de igual longitud que comprendan el rango de Ganancias 0-30000, especifica la marca de clase de cada intervalo y obt´en la distribuci´on de frecuencias absolutas para estos datos. Identifica el intervalo modal (el de mayor cantidad de observaciones). b) Partiendo de la tabla del apartado (a), representa gr´aficamente los datos dibujando un histograma. Describe la simetr´ıa de la distribuci´on. c) Partiendo de lo que conoces del apartado (b), ¿qu´e tipo de medidas num´ericas, de entre las estudiadas, ser´ıan las m´ as adecuadas para describir el centro y la dispersi´on de los datos? Justifica tu respuesta. Soluci´ on: Clase [li−1 , li ) Marca de clase xi [0, 5000) 2500 [5000, 10000) 7500 a) [10000, 15000) 12500 [15000, 20000) 17500 [20000, 25000) 22500 [25000, 30000) 27500 El segundo intervalo, [5000, 10000), es la clase modal.
Frec. absoluta, ni 4 28 12 3 2 1
20 15 10 5 0
FRECUENCIAS
25
b) La distribuci´ on es asim´etrica a la derecha.
0
5000 10000
20000
30000
GANANCIAS (1000s DE EUROS)
2
c) La mediana (centro) y el RIC (dispersi´on) son m´as apropiados que la media y la desviaci´ on t´ıpica para describir el centro y la variaci´on, respectivamente, en distribuciones asim´etricas. 3. Los siguientes datos muestran las temperaturas tomadas en cierta ciudad durante el mes de Abril:
47 55 35 56 62 51 54 63 43 49
49 45 43 37 66 49 48 51 66 47
Temperatura (o F) 51 49 60 46 50 47 42 42 68 53 54 76 55 50 68 38 69 62 60 50 49 46 62 52 43 30 52 57 69 50 60 65 37 53 48 69 68 63 18 59 52 39 75 58 45 46 55 45 60 46
58 56 49 70 61 55 80 38 66 49
46 56 46 72 53 52
a) Construye la tabla de la distribuci´on de frecuencias (absolutas) haciendo intervalos de amplitud igual a 10 y comenzando por el valor 10. ¿Cu´antos registros de temperatura fueron al menos de 60o F? b) Partiendo del apartado (a), construye un histograma de area igual a 1 para este conjunto de datos. ¿Existen observaciones que podr´ıan ser at´ıpicas? Describe la forma de la distribuci´ on omitiendo las observaciones que son potencialmente at´ıpicas. Soluci´ on: Clase [li−1 , li ) Marca de clase xi Frec. absoluta, ni [10, 20) 15 1 [20, 30) 25 0 [30, 40) 35 7 a) 45 26 [40, 50) [50, 60) 55 27 [60, 70) 65 20 [70, 80) 75 5 o 20 + 5 = 25 registros fueros iguales o superiores a 60 F. b) Mirando el histograma podr´ıamos decir que la observaci´on m´as peque˜ na, con valor 18, es potencialmente at´ıpica. Ignorando tal observaci´on, la distribuci´on tiene una forma sim´etrica (¯ x∼ = M ).
3
0.030 0.020 0.010 0.000 10
20
30
40
50
60
70
80
TEMP (ºF)
4. La tabla siguiente muestra la Estatura (en metros) de 50 mujeres espa˜ nolas:
1.56 1.61 1.53 1.59 1.55 1.47 1.50 1.68 1.65 1.58
Estatura (en metros) 1.59 1.63 1.62 1.65 1.59 1.51 1.62 1.62 1.49 1.57 1.54 1.53 1.58 1.57 1.47 1.64 1.59 1.53 1.56 1.53 1.57 1.60 1.54 1.56 1.62 1.59 1.62 1.54 1.52 1.62 1.62 1.49 1.53 1.59 1.56 1.54 1.52 1.63 1.56 1.62
a) Obt´en la distribuci´ on de frecuencias (absolutas) de los datos haciendo 10 intervalos que comprendan al rango 1.45-1.70. ¿Cu´ antas mujeres tienen estatura inferior a 1.55m? ¿Qu´e porcentaje de mujeres tiene una estatura de al menos 1.65m? b) Realiza el histograma y describe la simetr´ıa de ´este. Soluci´ on:
a)
Clase [li−1 , li ) [1.450, 1.475) [1.475, 1.500) [1.500, 1.525) [1.525, 1.550) [1.550, 1.575) [1.575, 1.600) [1.600, 1.625) [1.625, 1.650) [1.650, 1.675) [1.675, 1.700)
Marca de clase xi 1.4625 1.4875 1.5125 1.5375 1.5625 1.5875 1.6125 1.6375 1.6625 1.6875
Frec. absoluta ni 2 2 4 9 9 8 10 3 2 1
2 + 2 + 4 + 4 = 17 mujeres tienen estatura inferior a 1.55m. menos una estatura de 1.65m. 4
2+1 50
= 6 % de las mujeres tiene al
6 4 0
2
FRECUENCIAS
8
10
b) La distribuci´ on es aproximadamente sim´etrica (¯ x∼ = M ).
1.45
1.50
1.55
1.60
1.65
1.70
ALTURA (m)
5. Estamos interesados en el n´ umero de transacciones mensuales realizadas por una cooperativa de cr´edito. Se han recogido los siguientes datos: # 17 31 25 30 21
de transacciones 25 32 41 43 28 27 39 36 19 21 28 26 32 26 27 34 24 20 25 31
a) Obt´en una tabla de distribuci´ on de frecuencias observadas, realizando seis intervalos iguales de amplitud 5 y comenzando desde el valor 15. b) Determina sus correspondientes frecuencias relativas. c) A partir de los apartados (a) y (b) obt´en las correspondientes frecuencias acumuladas. Identifica las clases modales. Soluci´ on: (a), (b), (c) [li−1 , li ) [15, 20) [20, 25) [25, 30) [30, 35) [35, 40) [40, 45)
Marca de clase xi 17.5 22.5 27.5 32.5 37.5 42.5
ni 2 4 9 6 2 2
fi 0.08 0.16 0.36 0.24 0.08 0.08
Ni 2 6 15 21 23 25
Fi 0.08 0.24 0.60 0.84 0.92 1.00
El tercer intervalo, [25, 30), es la clase modal. 6. El director de una compa˜ n´ıa desea estudiar si la experiencia se traduce en una mayor rapidez al hacer una tarea. Para ello, lleva a cabo un experimento con 25 empleados, a los cuales les solicita que realicen una tarea 10 veces. A los mismos 25 empleados les hace la misma solicitud, pero con 20 repeticiones. Y de nuevo, con 50 repeticiones. La tabla siguiente muestra el tiempo medio (en minutos) necesitado por los empleados para realizar cada repetici´on en cada caso. 5
Tiempo (10 repeticiones) 15 19 21 20 30 22 17 20 18 19 22 18 33 17 41 16 10 20 14 22 18 19 25 24 23
Tiempo (20 repeticiones) 16 11 10 10 12 13 9 12 7 8 11 20 8 7 9 6 5 9 15 10 10 10 11 11 9
Tiempo (50 repeticiones) 10 8 5 10 7 8 9 7 8 8 11 6 12 8 9 6 7 4 6 15 8 7 14 20 9
a) Representa gr´ aficamente los tres histogramas, uno para cada subconjunto de datos. b) Compara los histogramas del apartado (a). ¿Opinas que existe una relaci´on entre el n´ umero de veces que se repite la tarea y el tiempo medio necesario para realizarla? Justifica tu respuesta. c) Calcula y compara los coeficientes de variaci´on, CV , para los tres conjuntos. ¿Cu´ales son las unidades de los CV ? Soluci´ on:
0
10
20
30
40
0.20 0.00
0.10
0.20 0.10 0.00
0.00
0.10
0.20
a) Los histogramas son
50
0
10
20
30
40
50
0
10
20
30
40
50
b) S´ı, parece que al incrementarse el n´ umero de repeticiones, se necesita un menor tiempo medio para llevar a cabo las tareas. c) El CV no tiene unidad (o se expresa en %’s) CVx = 6.3306/20.3306 = 30.26 % CVy = 3.2259/10.36 = 31.14 % CVz = 3.4559/8.88 = 38.92 % 7. Los siguientes datos corresponden al n´ umero de accidentes de trabajo por mes: 1
3
4
5
2
2
6
7
2
0
1
a) ¿Son estos datos cualitativos o cuantitativos? En el primer caso, ¿son cualitativos ordinales o nominales? En el segundo, son cuantitativos discretos o continuos? b) Calcula la media, la mediana y la moda para este conjunto de datos. ¿Qu´e unidades tienen estas medidas? c) Calcula la (cuasi) varianza, la (cuasi) desviaci´on t´ıpica, el rango, el rango inter-cuart´ılico y el coeficiente de variaci´ on. ¿Cu´ ales son sus unidades? Soluci´ on:
6
a) Cuantitativos discretos b) x ¯ = 3 M = 2
(0, 1, 1, 2, 2, 2 , 3, 4, 5, 6, 7)
moda = 2 Las unidades de todas estas medidas son las unidades de los datos: accidentes por mes. c) s2x =
Pn
i=1
x2i − n(¯ x)2 149 − 11(3)2 = =5 n−1 11 − 1
sx = 2.24 R = 7−0=7 RIC = 5 − 1 = 4 2.24 CV = = 0.75 3 Las unidades son: s2x (unidades2 =(accidentes por mes)2 ) and CV (ninguno o en %). 8. Los siguientes datos muestran el n´ umero de helados vendidos por hora en una helader´ıa durante diferentes horas de apertura: 35 17
47 19
22 21
15 31
13 35
28 37
39 41
41 43
43 47
36 5
24 12
23 19
a) Obt´en la media, la mediana y la moda de estas observaciones. b) Obt´en la (cuasi) varianza, la (cuasi) desviaci´on t´ıpica, el rango, el rango inter-cuart´ılico y el coeficiente de variaci´ on. c) Representa gr´ aficamente el diagrama de cajas para este conjunto de datos. d ) ¿Existe alguna observaci´ on at´ıpica? ¿Es sim´etrica la distribuci´on? (Pista: compara la media y la mediana) Soluci´ on: a) x ¯ = 28.875 M = 29.5 La Moda
(5, 12, 13, 15, 17, 19, 19 , 21, 22, 23, 24, 28, 31 , 35, 35, 36, 37, 39, 41 , 41, 43, 43, 47, 47)
no es u ´nica
b) Pn
x2i − n(¯ x)2 23463 − 24(28.875)2 = = 150.1141 n−1 24 − 1 sx = 12.2521
s2x
=
i=1
R = 47 − 5 = 42 RIC = x(18.75) − x(6.25) = (39 + 0.75(41 − 39)) − 19 = 40.5 − 19 = 21.5 12.2521 CV = = 0.4243 28.875 c) El diagrama de cajas es
7
10
20
30
40
d ) No. No hay observaciones que sean: Mayores que Q3 + 1.5RIC = 40 + 31.5 = 71.5 Menores que Q1 − 1.5RIC = 19 − 31.5 = −12.5 La distribuci´ on es aproximadamente sim´etrica (¯ x∼ = M ). 9. La tabla siguiente muestra las calificaciones de un grupo de alumnos en el examen de una asignatura: 8.4 8.1 7.4 6.6 7.7 9.3
Calificaciones 7.7 6.7 9.4 5.6 8.9 7.7 7.6 2.8 8.0 7.7 8.9 8.1 7.2 9.4 9.3 2.1
9.0 8.8 5.8 7.8 7.9
a) Obt´en la media, la mediana y la moda. b) Obt´en la (cuasi) varianza, la (cuasi) desviaci´on t´ıpica, el rango, el rango inter-cuart´ılico y el coeficiente de variaci´ on. c) Representa gr´ aficamente el diagrama de cajas de estas calificaciones. d ) ¿Existe alguna observaci´ on at´ıpica? ¿Es sim´etrica la distribuci´on? (Pista: compara la media y la mediana) Soluci´ on: a) Datos ordenados: 2.8, 5.6, 5.8, 6.6, 6.7, 7.2, 7.4 , 7.6, 7.7, 7.7, 7.7, 7.7, 7.8, 7.9 , 8.0, 8.1, 8.1, 8.4, 8.8, 8.9, 8.9 , 9.0, 9.3, 9.3, 9.4, 9.4 x ¯ = 7.761538 M = 7.85 mode = 7.7 b) Pn
x2i − n(¯ x)2 1618.4 − 23(7.761538)2 = = 2.0849 n−1 23 − 1 sx = 1.4439
s2x
=
i=1
R = 9.4 − 2.8 = 6.6 RIC = x(20.25) − x(6.75) = 8.9 − (7.2 + 0.75(7.4 − 7.2)) = 8.9 − 7.35 = 1.55 7.761538 CV = = 5.3754 1.4439 8
c) El diagrama de cajas es
●
3
4
5
6
7
8
9
d ) S´ı. La observaci´ on 2.8 es at´ıpica porque es: Mayor que Q3 + 1.5RIC = 8.9 + 1.5RIC = 11.225 Menor que Q1 − 1.5RIC = 7.35 − 1.5RIC = 5.025 Excluyendo la observaci´ on at´ıpica, la distribuci´on es ligeramente asim´etrica a la izquierda (¯ x < M ). 10. Un agente de control de calidad de una compa˜ n´ıa de neum´aticos de coches estima que el peso medio de los neum´ aticos es de 20 kg, con una desviaci´on t´ıpica de 1 kg. Adem´as, sabemos que el 68 % de los neum´ aticos pesan entre 19 y 21 kg, y casi todos entre 17 y 23 kg. a) ¿Qu´e puedes decir acerca de la forma de la distribuci´on de los pesos a partir de la informaci´ on que se aporta? Pista: utiliza la regla emp´ırica. Soluci´ on: a) Tenemos que (19, 21) = (20 ± 1 · 1) = (¯ x ± 1s)
68 %
(17, 23) = (20 ± 3 · 1) = (¯ x ± 3s)
99.7 %
Por tanto, la regla emp´ırica se verifica y podemos concluir que la distribuci´on es acampanada.
9
Estad´ıstica I Ejercicios Tema 3 Curso 2009/10
1. a) Distribuciones de frecuencias marginales relativas: # de h: \ nota:
Suspenso
Aprobado
Notable
Sobresaliente
D. marg. de # de h
2
0.20
0.15
0.08
0.03
0.46
3
0.12
0.07
0.02
0.02
0.23
4
0.04
0.10
0.02
0.00
0.16
5
0.00
0.05
0.05
0.05
0.15
D. marg. de nota
0.36
0.37
0.17
0.10
1
b) Distribuciones de “nota” condicionadas a los distintos valores de “n´ umero de horas de estudio”: Nota | # horas= 2:
Suspenso
Aprobado
Notable
Sobresaliente
Total
f rxi |y=2
0.435
0.326
0.174
0.065
1
Nota | # horas= 3:
Suspenso
Aprobado
Notable
Sobresaliente
Total
f rxi |y=3
0.522
0.304
0.87
0.87
1
Nota | # horas= 4:
Suspenso
Aprobado
Notable
Sobresaliente
Total
f rxi |y=4
0.250
0.625
0.125
0.000
1
Nota | # horas= 5
Suspenso
Aprobado
Notable
Sobresaliente
Total
f rxi |y=5
0.000
0.333
0.333
0.333
1
Distribuciones de “n´ umero de horas de estudio” condicionadas a los distintos valores de “nota”: # horas| nota = Suspenso
f ryj |x=Sus.
# horas| nota = Aprobado
f ryj |x=Apr.
2
0.556
2
0.405
3
0.333
3
0.189
4
0.111
4
0.270
5
0.000
5
0.135
Total
1
Total
1
1
# horas| nota = Notable
f ryj |x=N ot.
# horas| nota = Sobresaliente
f ryj |x=Sob.
2
0.471
2
0.3
3
0.118
3
0.2
4
0.118
4
0.0
5
0.294
5
0.5
Total
1
Total
1
2. a) Distribuciones de frecuencias marginales relativas: # de hijos \ renta:
0-1000
1000-2000
2000-3000
> 3000
D. marg. de # de hijos
0
0.15
0.05
0.03
0.02
0.25
1
0.10
0.20
0.10
0.05
0.45
2
0.05
0.10
0.05
0.03
0.23
≥3
0.02
0.03
0.02
0.00
0.07
D. marg. de renta
0.32
0.37
0.18
0.12
1
b) Distribuci´ on condicionada de Y |X = 2: renta | # hijos= 2:
0-1000
1000-2000
2000-3000
> 3000
Total
f ryi |x=2
0.218
0.435
0.217
0.130
1
c) Distribuci´ on condicionada de X|1000 < Y < 2000: # hijos| renta= 1000 < Y < 2000
f rxi |1000
0
0.135
1
0.541
2
0.270
≥3
0.054
Total
1
3. a) Distribuci´ on conjunta de frecuencias absolutas: N´ um. compras por semana
N´ um. tarjetas
0
1
2
3
4
1
24
39
27
18
9
2
9
24
24
27
21
3
3
9
18
24
24
b) Distribuci´ on marginal de Y:
2
N´ um. compras por semana
0
1
2
3
4
Total
nj
36
72
69
69
54
300
Media del n´ umero de compras por semana: 5
y=
1X yj · nj = (0 · 36 + 1 · 72 + 2 · 69 + 3 · 69 + 4 · 54)/300 = 2.11. n j=1
Varianza del n´ umero de compras por semana: 5 X 1 1 yj2 · nj − 300y 2 = (02 · 36 + 12 · 72 + 22 · 69 + 32 · 69 + 42 · 54) − 300 · 2.112 = 1.6634 s2y = 300 − 1 j=1 300 − 1 Desviaci´ on t´ıpica del n´ umero de compras por semana: sy =
q
√
s2y =
1.6634 = 1.29
c) Distribuci´ on del n´ umero de tarjetas de cr´edito: # tarjetas de cr´edito
ni
1
122
2
107
3
81
Total
300
N´ umero m´ as frecuente de tarjetas de cr´edito (moda): 1. d) Distribuci´ on del n´ umero de compras semanales pagadas con tarjetas de cr´edito que realizan las personas que poseen tres tarjetas: N´ um. compras por semana | num. tarjetas=3
0
1
2
3
4
Total
f ryj |x=3
0.037
0.111
0.222
0.296
0.296
1
Media de esta distribuci´ on: y|x = 3 =
5 X
yj · f ryj |x=3 = 0 · 0.037 + 1 · 0.111 + 2 · 0.222 + 3 · 0.296 + 4 · 0.296 = 2.627.
j=1
4. a) Tabla de doble entrada (distribuci´ on conjunta de frecuencias): X: \ Y:
0
1
2
3
4
D. marg. de X
0
0
4
0
0
0
4
1
0
3
0
4
0
7
2
2
0
9
3
0
14
3
0
6
12
5
2
25
4
2
7
15
0
1
25
5
0
0
5
0
0
5
D. marg. de Y
4
20
41
12
3
80
3
Diagrama de dispersi´ on:
b) Tanto la covarianza como el coeficiente de correlaci´on han de ser positivos ya que las dos variables parecen tener una relaci´ on creciente. Adem´ as, sobre el valor del coeficiente de correlaci´on, podemos decir que no estar´ a pr´ oximo a 1, ya que la relaci´ on lineal entre las dos variables no parece muy fuerte. c) r(x,y)
Cov(s, y) = sx · sy
1 Cov(x, y) = n−1
n X
! xi · yi − n · xy
i=1
n
1X 1 xi = (0 · 4 + 1 · 7 + 2 · 14 + 3 · 25 + 4 · 25 + 5 · 5) = 2.9375. n i=1 80 n 1X 1 y= yj = (0 · 4 + 1 · 20 + 2 · 41 + 3 · 12 + 4 · 3) = 1.875. n j=1 80 Pn 1 n 1 2 2 2 2 2 2 2 2 s2x = n−1 i=1 xi − n−1 x = 80−1 (0 · 4 + 1 · 7 + 2 · 14 + 3 · 25 + 4 · 25 + 5 · 5) − x=
s2y =
1 n−1
Pn
Cov(x, y) = r(x,y) =
j=1
yj2 −
1 n−1
Cov(x,y) sx ·sy
=
n 2 n−1 y n X
80 2 80−1 2.9375
= 1.553
80 · 4 + 12 · 20 + 22 · 41 + 32 · 12 + 42 · 3) − 80−1 1.8752 = 0.74367 ! 1 xi · yi − n · x · y = (0 · 0 · 0 + 0 · 1 · 4 + · · · + 5 · 4 · 0 − 80 · 2.9375 · 1.5336) = 0.0174. 79 i=1
=
1 2 80−1 (0
0.0174 √ √ 1.553· 0.74367
= 0.0162
Como hab´ıamos predicho, obtenemos valores positivos para la covarianza y el coeficiente de correlaci´ on. El valor del coeficiente de correlaci´ on es muy cercano a cero, lo que indica que pr´acticamente no hay relaci´ on lineal entre estas dos variables. 5. a) y b) Diagrama de dispersi´ on y rectas:
4
c) La recta de regresi´ on parece ser y = 1.66 + 0.24x, es decir, la que aparece punteada en el gr´afico anterior. d) Coeficiente de correlaci´ on (los c´ alculos se har´ıan como en el ejercicio 4): r(x,y) = 0.8587. e) La relaci´ on linea es positiva, es decir, a mayores valores de x, mayores valores de y, ya que el coeficiente de correlaci´ on es positivo. Adem´ as, como toma un valor alto (pr´oximo a 1) podemos decir que la relaci´ on lineal es fuerte. f) Recta de regresi´ on de los a˜ nos de experiencia (x) en funci´on de los beneficios (y): x = c + dy donde d = Cov(x, y) = 3.0909 y c = x − dy = −1.4545. La interpretaci´on de la pendiente ser´ıa que un aumento de 1 s2y mill´ on de pesetas en los beneficios, se corresponde con un aumento de 3.0909 a˜ nos en la experiencia de la empresa. (Parece que claro, que para este par de variables, la variable independiente deber´ıa ser los a˜ nos de experiencia y la independiente los beneficios y no al rev´es). La ordenada en el origen se interpretar´ıa como los a˜ nos de experiencia para una empresa que no obtuviese beneficios (0 millones). Evidentemente, el valor obtenido (-1.4545 a˜ nos) no tiene sentido en este caso ya que 0 no est´ a dentro del rango de valores de la variable beneficios utilizados para predecir la recta de regresi´ on. 6. a) Diagrama de dispersi´ on:
5
b) Recta de regresi´ on por m´ınimos cuadrados: y = a + bx donde b =
Cov(x, y) on de la y a = y − bx. La ecuaci´ s2x
recta es: y = 2.2405 + 0.2261x. 7. a) Recta de regresi´ on por m´ınimos cuadrados: y = a + bx donde b =
Cov(x, y) y a = y − bx. La ecuaci´ on de la s2x
recta es: y = 7.9531 + 0.4408x. b) Coeficiente de correlaci´ on (se calcula como en el ejercicio 4): r(x,y) = 0.9848. 2 c) El coeficiente de determinaci´ on es r(x,y) = 0.9699, es decir, casi el 97 % de la variabilidad del tiempo de espera
queda explicada por su dependencia lineal del n´ umero de pasajeros que llegan. Esto es, la relaci´ on lineal entre ambas variables es muy fuerte. 8. a) Diagrama de dispersi´ on:
6
b) Recta de regresi´ on por m´ınimos cuadrados: y = a + bx donde b =
Cov(x, y) on de la y a = y − bx. La ecuaci´ s2x
recta es: y = 31 + 1.4167x. c) Residuos: # items def. (xi )
17
9
12
7
8
10
14
18
19
6
t. inspecci´ on (yi )
48
50
43
36
45
49
55
63
55
36
yˆi = 31 + 1.4167xi
55.08
43.75
48.00
40.92
42.33
45.17
50.83
56.50
57.92
39.50
Res. (ei = yi − yˆi )
7.08
6.25
-5.00
-4.92
2.67
3.83
4.17
6.50
-2.92
-3.50
d) Gr´ afico de los residuos ei frente a los valores predichos yˆi :
7
Los residuos se reparten de forma aleatoria en torno a la linea horizontal y = 0, y por tanto podemos decir que el ajuste de la recta de regresi´ on es bueno. 2 e) Coeficiente de determinaci´ on (c´ alculos como en el ejercicio 4): r(x,y) = 0.6299. Esto quiere decir que el 70 %
de la variabilidad del tiempo de inspecci´on viene explicada por su dependencia lineal del n´ umero de items defectuosos. 9. El coeficiente de correlaci´ on es (c´ alculos como en el ejercicio 4): r(x,y) = 0.7911 . La relaci´on lineal entre estas dos variables es positiva, es decir, a mayor tama˜ no de la familia mayor es el consumo de detergentes, ya que r(x,y) es positivo. Adem´ as, podemos decir que la relaci´on lineal es fuerte ya que el valor del coeficiente de correlaci´ on es bastante alto (pr´ oximo a 1). 10. El coeficiente de correlaci´ on es (c´ alculos como en el ejercicio 4): r(x,y) = 0.7607 . La relaci´on lineal entre estas dos variables es positiva, es decir, a mayor n´ umero de inventarios mayor es el porcentaje de ventas de estas compa˜ n´ıas, ya que r(x,y) es positivo. Adem´ as, podemos decir que la relaci´on lineal es fuerte ya que el valor del coeficiente de correlaci´ on es bastante alto (pr´oximo a 1). 11. a) Recta de regresi´ on para el precio de la gasolina (y) en funci´on del precio del crudo (x): y = a + bx donde b=
Cov(x, y) y a = y − bx. La ecuaci´ on de la recta es: y = 35.51 + 2.91x. s2x
b) Diagrama de dispersi´ on y la recta ajustada en el apartado anterior:
8
c) Si el precio del crudo cae a los 15$, el precio estimado del litro de gasolina ser´a y(15) = 35.51+2.91·15 = 79.16 c´entimos de d´ olar. d) No tiene sentido hacerse la pregunta anterior para un precio del crudo de 0 d´olares, ya que 0 no est´ a dentro del rango de valores de x utilizados para calcular la recta de regresi´on. e) Tampoco se puede emplear la recta de regresi´on obtenida en el apartado a) para predecir a futuro el precio del crudo a partir del precio de la gasolina, porque la relaci´on a futuro entre los dos precios puede cambiar y dejar de tener el comportamiento descrito por la recta de regresi´on. 12. a) Recta de regresi´ on para las ventas semanales (y) en funci´on de la fluctuaci´on del Dow Jones (x): y = a + bx donde b =
Cov(x, y) y a = y − bx. La ecuaci´on de la recta es: y = 640.98 + 27.53x. s2x
Diagrama de dispersi´ on y recta de regresi´on:
9
b) Parece haber cierta relaci´ on entre las dos variables, es decir, a mayores fluctuaciones en el Dow Jones se observan mayores ventas. En ese sentido se corroborar´ıa la sospecha del due˜ no de la tienda. Sin embargo, podemos observar que el ajuste de la recta de regresi´on no es muy bueno. Se aprecia un dato at´ıpico que “desplaza” la recta del centro de la nube. Y a´ un eliminando ese dato at´ıpico, el resto de puntos tampoco parece seguir una tendencia lineal. c) No necesariamente, ya que correlaci´ on no implica causalidad. En este caso, no parece razonable pensar que mayores fluctuaciones en el Dow Jones “provoquen” un aumento en las ventas. Lo que puede ocurrir es que haya variables subyacentes que tengan a la vez relaci´on con las fluctuaciones del Dow Jones y las ventas de la tienda, y que hagan que cuando las primeras suban, las segundas suban tambi´en.
10
Estad´ıstica I Ejercicios Tema 4 Curso 2009/10
–
Soluciones
Observaci´ on: En todos los ejercicios de esta hoja usamos la notaci´on A para referirnos al conjunto complementario del conjunto A. 1. En una urna hay 15 bolas numeradas de 2 al 16. Extraemos una bola al azar y observamos el n´ umero que tiene. a) Describe los sucesos, escribiendo todos sus elementos. A ‘Obtener par’
B ‘Obtener impar’
C ‘Obtener primo’
D ‘Obtener impar menor que 9’ b) ¿Qu´e relaci´ on hay entre A y B? ¿Y entre C y D? S T c) ¿Cu´ al es el suceso A B? ¿y C D? Soluci´ on. a) A = {2, 4, 6, 8, 10, 12, 14, 16}, {3, 5, 7}.
B = {3, 5, 7, 9, 11, 13, 15},
C = {2, 3, 5, 7, 11, 13},
D =
b) B = A y D ⊂ C. S T c) A B = Ω (Ω es el espacio muestral); C D = D. T T S 2. Sabiendo que P [A B] = 0.2, que P [B] = 0.7 y que P [A B] = 0.5, calcula P [A B] y P [A]. Soluci´ on.
T T P [A] = P [A B] + P [A B] = 0.5 + 0.2 = 0.7, P [B]S= 1 − P [B] = 1 − 0.7 = 0.3, T P [A B] = P [A] + P [B] − P [A B] = 0.7 + 0.3 − 0.2 = 0.8. 3. Sabiendo que: P [A] = 0.5;
P [B] = 0.6;
P [A
T
B] = 0.25,
a) ¿son A y B sucesos independientes? S b) Calcula P [A B] y P [A|B]. Soluci´ on. a) P [B] = 1 − P [B] = 1 − 0.6 = 0.4, S S T P [A T B] = 1 − P [A B] = 1 − T P [A B] = 1 − 0.25 = 0.75, P [A B] = P [A] + P [B] − P [A T B] → T → 0.75 = 0.5 + 0.4 − P [A B] → P [A B] = 0.5 + 0.4 − 0.75 = 0.15. T Por tanto: P [A] · P [B] = 0.5 · 0.4 = 0.2, mientras que P [A B] = 0.15. Son distintos, luego los conjuntos A y B son independientes. 1
S b) Hemos obtenido en el apartado anterior que: P [A B] = 0.75. Por otra parte: T P [A B] 0.15 P [A|B] = = = 0.375. P [B] 0.4 4. En unas oposiciones, el temario consta de 85 temas. Se eligen tres temas al azar de entre los 85. Si un opositor sabe 35 de los 85 temas, ¿cu´al es la probabilidad de que sepa al menos uno de los tres temas? Soluci´ on. Tenemos que hallar la probabilidad de que ocurra el siguiente suceso:
A: ‘el opositor conoce, al menos, uno de los tres temas’. Para calcularla, utilizaremos el complementario, es decir: ‘el opositor no conoce ninguno de los tres temas´. Si sabe 35 temas, hay 85 - 35 = 50 temas que no sabe; entonces: P [A] = 1 − P [A] = 1 − P [‘no sabe ninguno de los tres’] = 1 −
50 49 48 · · = 1 − 0.198 = 0.802. 85 84 83
Por tanto, la probabilidad de que sepa al menos uno de los tres temas es de 0.802. 5. En una cadena de televisi´ on se hizo una encuesta a 2.500 personas para saber la audiencia de un debate y de una pel´ıcula que se emitieron en horas distintas: 2.100 vieron la pel´ıcula, 1.500 vieron el debate y 350 no vieron ninguno de los dos programas. Si elegimos al azar a uno de los encuestados: a) ¿Cu´ al es la probabilidad de que viera la pel´ıcula y el debate? b) ¿Cu´ al es la probabilidad de que viera la pel´ıcula, sabiendo que vio el debate? c) Sabiendo que vio la pel´ıcula, ¿cu´al es la probabilidad de que viera el debate? Soluci´ on. Organizamos la informaci´on en una tabla de doble entrada, completando los datos que faltan. Ver Cuadro 1. pel´ıcula no pel´ıcula
debate 1450 50 1500
no debate 650 350 1000
2100 400 2500
Cuadro 1: Tabla pel´ıculas. Llamamos D = ‘Vio el debate’ y P = ‘Vio la pel´ıcula’. h \ i a) P D P
=
b) P [P |D]
=
c) P [D|P ]
=
1450 29 = = 0.58. 2500 50 1450 29 = = 0.97. 1500 30 1450 29 = = 0.69. 2100 42
6. Tenemos dos urnas: la primera tiene 3 bolas rojas, 3 blancas y 4 negras; la segunda tiene 4 bolas rojas, 3 blancas y 1 negra. Elegimos una urna al azar y extraemos una bola. a) ¿Cu´ al es la probabilidad de que la bola extra´ıda sea blanca? b) Sabiendo que la bola extra´ıda fue blanca, ¿cu´al es la probabilidad de que fuera de la primera urna? Soluci´ on. Hacemos un diagrama en ´arbol:
2
a) P [B]
=
b) P [I|B]
=
3 3 27 + = . 20T 16 80 I B 3/20 4 = = . P [B] 27/80 9
7. Tenemos dos bolsas, A y B. En la bolsa A hay 3 bolas blancas y 7 rojas. En la bolsa B hay 6 bolas blancas y 2 rojas. Sacamos una bola de A y la pasamos a B. Despu´es extraemos una bola de B. a) ¿Cu´ al es la probabilidad de que la bola extra´ıda de B sea blanca? b) ¿Cu´ al es la probabilidad de que las dos bolas sean blancas? Soluci´ on. Hacemos un diagrama en ´arbol:
a) P [‘segunda bola blanca’] =
7 7 7 + = 30 15 30
b) P [‘lasdosblancas0 ] =
7 . 30
8. Lanzamos tres dados y anotamos el n´ umero de cincos que obtenemos. a) ¿Cu´ al es la distribuci´ on de probabilidad? b) Calcula la media y la desviaci´ on t´ıpica. Soluci´ on. a) Sea X la variable ‘n´ umero de cincos obtenidos’. La variable X toma valores en el conjunto {0, 1, 2, 3}. X = 0 es que salga distinto de cinco en el primer dado, en el segundo y en el tercero. P [X = 0] = P [‘no salga ning´ un 5’] =
555 125 = = 0.58. 666 216
X = 1 es que se d´e uno de los siguientes sucesos: salga cinco en el primer dado, distinto de cinco en el segundo y distinto de cinco en el tercero, o bien que salga distinto de cinco en el primer dado, cinco en el segundo y distinto de cinco en el tercero, o bien que salga distinto de cinco en el primer dado, distinto de cinco en el segundo y cinco en el tercero.
3
155 515 551 3 · 25 + + = = 0.35. 666 666 666 216 X = 2 es que se de uno de los siguientes sucesos: P [X = 1] =
salga cinco en el primer dado, cinco en el segundo y distinto de cinco en el tercero, o bien que salga distinto de cinco en el primer dado, cinco en el segundo y cinco en el tercero, o bien que salga cinco en el primer dado, distinto de cinco en el segundo y cinco en el tercero. 115 511 151 3·5 P [X = 2] = + + = = 0.07. 666 666 666 216 X = 3 es que salga cinco en el primer dado, en el segundo y en el tercero. P [X = 3] = P [‘salgan tres cincos’] =
1 111 = = 0.005. 666 216
Una vez tenemos esto, nos queda que la tabla de distribuci´on de probabilidad es la siguiente: xi pi
0 0.58
1 0.35
2 0.07
3 0.005
NOTA: tambi´en se pueden calcular estas probabilidades usando que la variable ‘salir cinco’ sigue la distribuci´ on Bernoulli, y as´ı X el n´ umero de veces que sale cinco, sigue la distribuci´ on Binomial con n = 3 y p = 16 . b) Ahora calculamos la media y la desviaci´on t´ıpica de esta distribuci´on. µ=
4 X
xi pi = 0 · 0.58 + 1 · 0.35 + 2 · 0.07 + 3 · 0.005 = 0.5,
i=1
σ2 =
4 X
x2i pi − µ2 = 02 · 0.58 + 12 · 0.35 + 22 · 0.07 + 32 · 0.005 − 0.52 = 0.675 − 0.25 = 0.425,
i=1
σ=
√
0.425 = 0.652.
9. La siguiente gr´ afica corresponde a la funci´on de densidad de una variable continua X.
a) Calcula la probabilidad de que X sea menor que uno. Raz´onalo gr´aficamente. b) Calcula la probabilidad de que X sea mayor que 0.5 y menor que 3/2. Raz´onalo anal´ıticamente. c) Calcula la media de la distribuci´on. d ) Calcula la varianza de la distribuci´on. Soluci´ on. Primero vamos a escribir la funci´on de densidad. Para ello nos fijamos que la recta dibujada es la recta y = 1 − 12 x. Entre 0 y 2 la funci´on de densidad vale 1 − 21 x, pero fuera de ese intervalo vale cero. 1 − 21 x, si x ∈ (0, 2), f (x) = 0 si x ∈ / (0, 2). 4
a) Podemos calcular el ´ area debajo de la curva en x ∈ (−∞, 1). Como la curva f s´olo es positiva en x ∈ (0, 2), entonces s´ olo tengo que calcular dicho ´area en x ∈ (0, 1). Tengo dos trozos en ese ´ area: un rect´ angulo rosa se˜ nalado con puntos y un tri´angulo verde se˜ nalado con rayas:
El ´ area del rect´ angulo es 1 · 0.5 = 0.5 y el ´area del tri´angulo es P [X < 1] = 0.5 + 0.25 = 0.75.
(1·0.5) 2
= 0.25. Por tanto,
b) Z
1.5
P [0.5 < X < 1.5] = 0.5
1.5 1.52 0.52 1 1 u2 1 = 1.5 − − 0.5 + = . 1 − u du = u − 2 2 2 0.5 4 4 2
c) µ = =
R∞
xf (x)dx = −∞
4 2
−
8 6
=
12−8 6
=
R2 0 2 3
2 R2 x 1 − 12 x dx = 0 x − 12 x2 dx = x2 −
x3 6
2 0
= 0.667.
d) σ2
R∞ 2 R2 R2 x f (x)dx − µ2 = 0 x2 1 − 12 x dx − µ2 = 0 x2 − 21 x3 dx − µ2 −∞ 2 3 x4 2 2 4 2 x = 83 − 16 = 3 − 8 − 3 8 − 9 = 9 = 0.22.
=
0
10. Un asesor financiero ha estimado que las ventas y los costes de algunos productos est´an relacionados con un ´ındice I a trav´es de las siguientes relaciones: Costes: C =
I+5 7 ,
Ventas: V =
25−I 4 .
Si el ´ındice I es una variable aleatoria X con funci´on de densidad: x si 3 ≤ x ≤ 15 108 , fX (x) = 0, en caso contrario. a) Calcular la funci´ on de distribuci´on del ´ındice I. b) Calcular las medias y desviaciones t´ıpicas de los costes, las ventas y los beneficios. c) Calcular la probabilidad de que el beneficio sea negativo. Soluci´ on. a) Calculamos la funci´ on de distribuci´on de X. Para los valores entre 3 y 15: x Z x Z x u u u2 x2 − 9 FX (x) = du = du = = . 216 3 216 −∞ 108 3 108 De manera que la funci´ on de distribuci´on queda: si x ≤ 3, 0, x2 −9 FX (x) = , si 3 ≤ x ≤ 15, 216 1, si x > 15. 5
b) Para esto primero calculamos la media de X y luego aplicamos sus propiedades para los costes, las ventas y los beneficios. 15 Z +∞ Z 15 31 u3 u = du = , µX = uf (u)du = u 108 324 3 3 −∞ 3 2 σX =
Z 3
2 u 31 92 − = = 10.22, 108 3 9 √ σ = 10.22 = 3.1972.
15
u2
La variable ´ındice I es en realidad la X. La variable beneficio B es igual a las ventas menos los costes, es decir: 25 − X X +5 115 − 11X B =V −C = − = . 4 7 28 Medias: costes medios: E[C] =
E[X]+5 7
ventas medias: E[V ] =
25−E[X] 4
=
46 21 ,
=
11 3 ,
beneficios medios: E[V ] = E[V ] − E[C] =
31 21 .
Desviaciones t´ıpicas: d.t. del costed.t.[C] = 17 σX = 0.4567, d.t. de la ventaE[V ] = 14 σX = 0.7993, d.t. del beneficioE[V ] = c) El beneficio era B =
115−11X , 28
11 28 σX
= 1.256.
luego:
155 P [B < 0] = P [X > ]= 11
Z
15 155 11
x dx = 0.122. 108
11. Para cada una de las siguientes situaciones, indica si sigue una distribuci´on binomial. En caso afirmativo, identifica en ella los valores de n y p : a) Lanzamos cien veces un dado y nos preguntamos por el n´ umero de unos que obtenemos. b) Extraemos una carta de una baraja y vemos si es un as o no. Sin devolverla al mazo, extraemos otra y tambi´en miramos si se trata de un as o no, ... y as´ı sucesivamente hasta diez veces. Soluci´ on. a) Es una distribuci´ on binomial con n = 100, p = 1/6. Es decir, ∼ B(100, 1/6). b) No es una binomial, pues la probabilidad de obtener as para la segunda carta es distinta que para la primera (al ser sin reemplazamiento las extracciones). 12. El 65 % de los alumnos de un cierto instituto cursan estudios universitarios al terminar el Bachillerato. En un grupo de ocho alumnos elegidos al azar, halla la probabilidad de que estudien una carrera: a) Alguno de ellos. b) M´ as de seis. c) Calcula la media y la desviaci´ on t´ıpica. 6
Soluci´ on. Si llamamos X = ‘n´ umero de alumnos, de un grupo de 8, que estudian carrera’, se trata de una distribuci´ on binomial con n = 8, p = 0.65. Es decir, ∼ B(8; 0.65). a) P [X > 0] = 1 − P [X = 0] = 1 − 0.358 = 0.9998. 8 8 b) P [X > 6] = P [X = 7] + P [X = 8] = 0.657 · 0.35 + 0.658 = 0.169. 7 8 c) Hallamos la media: µ = np = 8 · 0.65 = 5.2. √ √ d ) La desviaci´ on t´ıpica: σ = npq = 8 · 0.65 · 0.35 = 1.35. 13. En un sorteo que se realiza diariamente de lunes a viernes, la probabilidad de ganar es 0.1. Vamos a jugar los cinco d´ıas de la semana y estamos interesados en saber cu´al es la probabilidad de ganar 0, 1, 2, 3, 4 ´ o 5 d´ıas. a) Haz una tabla con las probabilidades. b) Calcula la media y la desviaci´ on t´ıpica. Soluci´ on. a) Ver Cuadro 2 xi pi
0 0.59049
1 0.32805
2 0.0729
3 0.081
4 0.0045
5 0.0001
Cuadro 2: Tabla sorteo Observar que se trata de una B(5; 0.1) por ejemplo: 5 P [xi = 0] = · 0.10 · 0.95 = 0.59049. 0 b) µ = np = 5 · 0.1 = 0.5,
σ=
√
npq =
√
5 · 0.1 · 0.9 = 0.67.
14. Explica para cada una de estas situaciones si se trata de una distribuci´on binomial. En caso afirmativo, identifica los valores de n y p : a) El 2 % de las naranjas que se empaquetan en un cierto lugar est´an estropeadas. Se empaquetan en bolsas de 10 naranjas cada una. Nos preguntamos por el n´ umero de naranjas estropeadas de una bolsa elegida al azar. b) En una urna hay 2 bolas rojas, 3 blancas y 2 verdes. Sacamos una bola, anotamos su color y la devolvemos a la urna. Repetimos la experiencia 10 veces y estamos interesados en saber el n´ umero de bolas blancas que hemos extra´ıdo. Soluci´ on. a) Es una distribuci´ on binomial con n = 10, p = 0.02. b) Es una distribuci´ on binomial con n = 10, p = 37 . 15. En cada una de estas situaciones, explica si se trata de una distribuci´on binomial. En caso afirmativo, di cu´ ales son los valores de n y p: a) El 3 % de las chinchetas que se hacen en una determinada f´abrica salen defectuosas. Se empaquetan en cajas de 20 chinchetas. Estamos interesados en el n´ umero de chinchetas defectuosas de una caja elegida al azar. b) En una urna hay 2 bolas rojas, 3 blancas y 2 verdes. Extraemos una bola, anotamos su color y la devolvemos a la urna. Repetimos la experiencia 10 veces y estamos interesados en saber el n´ umero de bolas de cada color que hemos obtenido. Soluci´ on.
7
a) Es una distribuci´ on binomial con n = 20, p = 0.003. b) No se trata de una distribuci´ on binomial ya que hay m´as de dos resultados posibles. 16. Una compa˜ n´ıa telef´ onica recibe llamadas a raz´on de 5 por minuto. Si la distribuci´on del n´ umero de llamadas es de Poisson, calcular la probabilidad de recibir menos de cuatro llamadas en un determinado minuto. Soluci´ on. Sea X el n´ umero de llamadas por minuto que se reciben. Tenemos que X sigue una distribuci´ on de Poisson, con λ = 5. La distribuci´on de probabilidad viene dada por: P [X = x] =
λx e−λ . x!
Nos piden la probabilidad: P [X < 4] = P [X = 0]+P [X = 1]+P [X = 2]+P [X = 3] = 0.0067+0.0337+0.0842+0.1404 = 0.2650. 17. El due˜ no de un criadero de ´ arboles est´a especializado en la producci´on de abetos de Navidad. Estos crecen en filas de 300. Se sabe que por t´ermino medio 6 ´arboles no son aptos para su venta. Asume que la cantidad de ´ arboles aptos para la venta por fila plantada sigue una distribuci´on de Poisson. a) Calcula la probabilidad de encontrar 2 ´arboles no vendibles en una fila de ´arboles. b) Calcula la probabilidad de encontrar 2 ´arboles no vendibles en media fila de ´arboles. Soluci´ on. Sea X el n´ umero de ´ arboles no vendibles en una fila, tenemos que X ∼ P(λ = 3). Sea Y el n´ umero de ´ arboles no vendibles en media fila. El n´ umero medio de ´arboles no vendibles en media fila es 3. Tenemos que Y ∼ P(λ = 3). a) P [X = 2] =
62 · e−6 = 0.0446. 2!
P [Y = 2] =
32 · e−3 = 0.2240. 2!
b)
18. Halla, en una distribuci´ on N (0, 1), las siguientes probabilidades: a) P [z > −0.2] b) P [z > 1.27] c) P [−0.52 < z < 1.03] Soluci´ on. a) P [z > −0.2] = P [z < 0.2] = 0.5793 b) P [z > 1.27] = 1 − P [z < 1.27] = 1 − 0.8980 = 0.1020 c) P [−0.52 < z < 1.03] = P [z < 1.03] − P [z < −0.52] = P [z < 1.03] − (1 − P [z > −0.52]) = P [z < 1.03] − (1 − P [z < 0.52]) = 0.8485 − (1 − 0.6985) = 0.5470 19. El nivel de colesterol en una persona adulta sana sigue una distribuci´on normal N (192, 12). Calcula la probabilidad de que una persona adulta sana tenga un nivel de colesterol: a) Superior a 200 unidades. b) Entre 180 y 220 unidades. Soluci´ on. a) Superior a 200 unidades. P [X > 200] = P [
200 − 192 x − 192 > ] = P [z > 0.67] = 1−P [z < 0.67] = 1−0.7486 = 0.2514 12 12 8
b) Entre 180 y 220 unidades. P [180 < X < 220]
= P [ 180−192 < 12
x−192 12
>
220−192 ] 12
= P [−1 < z < 2.33]
= P [z < 2.33] − P [z < −1] = P [z < 2.33] − P [z > 1] = P [z < 2.33] − (1 − P [z < 1]) = 0.8314 20. El 7 % de los pantalones de una determinada marca salen con alg´ un defecto. Se empaquetan en cajas de 80 para distribuirlos por diferentes tiendas. ¿Cu´al es la probabilidad de que en una caja haya m´ as de 10 pantalones defectuosos? Soluci´ on. Si llamamos X = ‘n´ umero de pantalones defectuosos en una caja’, entonces X es una binomial con n = 80 y p = 0.07. Hay que calcular P [X > 10] La calculamos aproximando con √ una normal. La media de X es np = 80 · 0.07 = 5.6. Su desviaci´on t´ıpica es σ = npq = 2.28. As´ı X ∼ B(80; 0.07) se aproxima por X‘ ∼ N (5.6; 2.28). Hay que tipificarla para tener Z ∼ N (0, 1). Atenci´ on: No se ha aplicado la correcci´on por continuidad. El resultado ser´ıa m´as exacto si se aplicara. 10 − 5.6 = P [Z > 1.93] = 1−P [Z < 1.93] = 1−0.9719 = 0.0281 P [X > 10] ≈ P [X‘ > 10] = P Z > 2.28 21. Un examen de 100 preguntas ite como respuesta en cada una de ellas dos posibilidades, verdadero o falso. Si un alumno contesta al azar, calcula la probabilidad de que acierte m´as de 60 respuestas. Soluci´ on. Si llamamos X al n´ umero de respuestas acertadas, entonces X sigue una distribuci´ on binomial con n = 100, p = 1/2. Tenemos que calcular P [X > 60]. La calculamos aproximando con una normal. √ Primero calculamos la media de la binomial, y su desviaci´on t´ıpica: µ = np = 50 y σ = npq = 5. As´ı consideramos las variables: X ∼ B(100, 1/2) n´ umero de respuestas acertadas. X‘ ∼ N (50, 5) la aproximaci´ on de X. Z ∼ N (0, 1) es la normal est´ andard (se obtiene cuando tipificamos la X‘.) P [X > 60] ≈ P [X‘ > 60] = P [Z >
60 − 50 ] = P [Z > 2] = 1 − 0.9772 = 0.0228. 5
22. Una variable aleatoria X tiene la siguiente funci´on de densidad (1 + x2 )/12, si x ∈ (0, 3), f (x) = 0, si x ∈ / (0, 3). Calcula: a) la funci´ on de distribuci´ on de X, b) las probabilidades P (1 < X < 2) y P (X < 1), c) la esperanza y varianza de X, d ) la probabilidad P (|X − E[X]| ≥ 1) y comp´arala con la cota que se obtendr´ıa mediante la desigualdad de Chebychev. Soluci´ on. a) Calculamos la funci´ on de distribuci´on de X: Z
x
F (x) = P (X ≤ x) = P (X ∈ (−∞, x]) =
f (t) dt, −∞
es decir, si x < 0, 0, (x + x3 /3)/12, si 0 ≤ x < 3, F (x) = 1, si x ≥ 3. 9
b) Calculamos las probabilidades P (1 < X < 2) y P (X < 1): Z 2 Z 2 (1 + x2 )/12 dx = 0.278, f (x) dx = P (1 < X < 2) = 1
1
Z
1
P (X < 1) =
Z
0
Z
f (x) dx =
0 dx +
−∞
−∞
1
(1 + x2 )/12 dx = 0.111.
0
c) Calculamos la esperanza y varianza de X: +∞
Z
Z
Z
+∞
Z
x2 f (x) dx = −∞
3
x (1 + x2 )/12 dx +
x 0 dx + −∞
−∞
E[X 2 ] =
0
x f (x) dx =
E[X] =
Z
Z
x2 0 dx + −∞
x 0 dx = 2.0625. 3
0
0
+∞
Z
3
x2 (1 + x2 )/12 dx +
0
Z
+∞
x2 0 dx = 4.8,
3
y por tanto, V ar(X) = E[X 2 ] − (E[X])2 = 4.8 − 2.06252 = 0.546. d ) Primero calculamos exactamente la probabilidad P (|X − E[X]| ≥ 1), o bien utilizando la funci´ on de densidad de X o bien su funci´on de distribuci´on. P (|X − E[X]| ≥ 1)
=
1 − P (|X − E[X]| < 1) = 1 − P (−1 < X − E[X] < 1)
=
1 − P (1.0625 < X < 3.0625) = 1 − P (1.0625 < X < 3)
=
1 − [F (3) − F (1.0625)] = F (1.0625) = 0.1219,
donde hemos tenido en cuenta que E[X] = 2.0625, y que X es una variable aleatoria continua con funci´ on de densidad diferente de cero en el intervalo (0, 3). En cambio, mediante la desigualdad de Chebychev obtenemos: P (|X − E[X]| ≥ 1) ≤
V ar(X) = 0.546, 12
que no es falso, pero tampoco es muy preciso. Recordad que esta desigualdad se utiliza como una aproximaci´ on de la probabilidad cuando no se dispone de la ley de probabilidad de la variable aleatoria. 23. Considerad la v.a. X que tiene ley uniforme discreta dada por la siguiente funci´on de probabilidad: 1/4, x = 1, 2, 3, 4, P (X = x) = 0, en otro caso. Sean X1 , . . . , Xn son v.a. i.i.d. con la misma distribuci´on que X, y considerad la v.a. n
Y =
1X Xi . n i=1
Calculad la probabilidad P (2.4 < Y < 2.8) para n = 36. Soluci´ on. Consideramos X1 , X2 , . . . , Xn v.a. i.i.d. con funci´on de probabilidad f (x). Calculamos la esperanza y varianza de una de estas v.a.: E[X] =
1 5 (1 + 2 + 3 + 4) = , 4 2
E[X 2 ] =
1 2 15 (1 + 22 + 32 + 42 ) = , 4 2
V ar(X) = E[X 2 ] − (E[X])2 =
15 25 5 − = . 2 4 4
Por tanto, seg´ un el T.C.L. la ley de Y , para n = 36, es: ! r p 5 5/4 Y ≈N , = N (5/2, 5/144) = N (2.5, 0.1871). 2 36 La probabilidad que nos piden es: P (2.4 < Y < 2.8) = P
2.4 − 2.5 2.8 − 2.5
= P (−0.53 < Z < 1.60) = P (Z < 1.60) − P (Z < −0.53) = 0.64714.
10
Estad´ıstica I Ejercicios Tema 5 Curso 2009/10
–
Soluciones
1. La duraci´ on de un determinado tipo de pilas es una variable aleatoria con distribuci´on normal de media de 50 horas y desviaci´ on t´ıpica de 5 horas. Empaquetamos las pilas en cajas de 16: a) ¿Cu´ al es la probabilidad de que la duraci´on media de las pilas de una caja sea inferior a 48 horas? b) ¿Cu´ al es la probabilidad de que la duraci´on de una de las pilas sea de entre 45 y 50 horas?
Soluci´ on. X = “duraci´ on en horas de ese tipo de pilas”. X ∼ N (50, 5). Tomamos una m.a.s. de la duraci´ on de 16 pilas: X1 , . . . , X16 . √ a) Como la distribuci´ on de X es normal, tenemos que X ∼ N (50, 5/ 16) = N (50, 1.25). Entonces Z = X−50 1.25 ∼ N (0, 1) y 48−50 P (X < 48) = P X−50 < 1.25 1.25 = P (Z < −1.6) = P (Z > 1.6) = 0.0548. b) P (45 < X < 50)
= P 45−50 < X−50 < 50−50 5 5 5 = P (−1 < X < 0) = P (X < 0) − P (X < −1) = 0.5 − 0.1587 = 0.3413.
2. Las bolsas de az´ ucar envasadas por una cierta m´aquina tienen un peso medio de 500 gramos con una desviaci´ on t´ıpica de 35 gramos. Las bolsas se empaquetan en cajas de 100 unidades. a) Calcular la probabilidad de que el peso medio de las bolsas de una caja sea menor que 495 g. b) Calcular la probabilidad de que una caja pese m´as de 51 kg.
Soluci´ on. X = “peso de las bolsas de az´ ucar en gramos”. E[X] = µ = 500 y DT [X] = σ = 35. Tomamos una m.a.s. del peso de 100 bolsas de az´ ucar: X1 , . . . , X100 . No conocemos la distribuci´ on de X, pero como el tama˜ no de muestra es grande (> 30), podemos aplicar el Teorema central del l´ımite, que dice que n σ 1X Xi ∼ N µ, √ X= n i=1 n cuando n es suficientemente grande. √ As´ı pues, en este caso tendremos que X ∼ N (500, 35/ 100) = N (500, 3.5) aproximadamente. a) Sea Z =
X−500 3.5
∼ N (0, 1), entonces P (X < 495)
495−500 = P X−500 ≤ 3.5 3.5 = P (Z ≤ −1.43) = P (Z > 1.43) = 0.0764.
Xi > 51000)
= P (100 · X > 51000) = P (X > 510) X−500 510−500 = P > 3.5 = P (Z > 2.86) = 0.0021. 3.5
b) P(
P100
i=1
1
3. Para una muestra aleatoria simple X1 , . . . , X4 de una poblaci´on de media µ y varianza kµ2 , donde k es una constante desconocida, se consideran los siguientes estimadores de µ: T1 =
X1 + 4X2 5
T2 =
X1 + X2 + X3 + X4 3
a) Calcular el sesgo de T1 y T2 . b) Calcular el E.C.M. de T1 y T2 . c) ¿Para qu´e valores de k es el estimador T2 mejor que T1 de acuerdo al criterio del E.C.M.?
Soluci´ on. Al tratarse de una muestra aleatoria simple tenemos que E[Xi ] = µ y V ar[Xi ] = kµ2 , i = 1, . . . , 4. a)
X1 + 4X2 1 1 1 E[T1 ] = E = E [X1 + 4X2 ] = (E [X1 ] + 4E [X2 ]) = (µ + 4µ) = µ. 5 5 5 5 Puesto que T1 es insesgado (su esperanza coincide con el valor del par´ ametro), su sesgo es 0. X1 + X2 + X3 + X4 1 1 E[T2 ] = E = E [X1 + X2 + X3 + X4 ] = (E [X1 ] + E [X2 ] + E [X3 ] + E [X4 ]) = 3 3 3 4 1 (µ + µ + µ + µ) = µ. 3 3 4 1 Sesgo(T2 ) = E[T2 ] − µ = µ − µ = µ. 3 3 b) V ar[T1 ] = V ar
17kµ2 X1 + 4X2 1 1 indep. 1 V ar [X1 ] + 42 V ar [X2 ] = kµ2 + 16kµ2 = . = 2 V ar [X1 + 4X2 ] = 5 5 25 25 25
17kµ2 . ECM (T1 ) = V ar[T1 ] + Sesgo(T1 )2 = V ar[T1 ] = 25 X1 + X2 + X3 + X4 1 indep. 1 V ar[T2 ] = V ar = 2 V ar [X1 + X2 + X3 + X4 ] = (V ar [X1 ] + V ar [X2 ] + V ar [X3 ] + 3 3 9 4kµ2 1 kµ2 + kµ2 + kµ2 + kµ2 = . 9 9 2 4kµ2 1 (4k + 1)µ2 2 ECM (T2 ) = V ar[T2 ] + Sesgo(T2 ) = + µ = . 9 3 9 V ar [X4 ]) =
c) ECM (T2 ) ≤ ECM (T1 ) ⇔
17kµ2 (4k + 1)µ2 ≤ ⇔ 25 4kµ2 + µ2 ≤ 9·17kµ2 ⇔ 25µ2 ≤ (153−100)kµ2 9 25
25 . 53 Por tanto preferiremos T2 a T1 , de acuerdo al criterio del error cuadr´ atico medio, cuando k sea mayor que 25/53. (Si µ = 0 ambos estimadores tendr´ıan ECM igual a 0). µ6=0
⇔ 25 ≤ 53k ⇔ k ≥
4. Sea X la variable aleatoria cuya funci´on de densidad es f (x) = 0.5(1 + θx) − 1 ≤ x ≤ 1, donde θ es un par´ ametro desconocido. Sea X1 , . . . , Xn una muestra aleatoria simple de tama˜ no n de X: a) Demuestra que el estimador θˆ = 3X es un estimador insesgado de θ. 2
b) Si n = 100, calcula la probabilidad de que θˆ sea mayor que θ.
Soluci´ on. a) Vamos a calcular primero la esperanza de X: Z
1
Z
1
−1
x0.5(1 + θx)dx = 0.5
xf (x)dx =
E[X] =
−1
x2 x3 +θ 2 3
1
= 0.5
−1
Por tanto: ˆ = E[3X] = 3E[X] E[θ]
m.a.s.
=
3E[X] = 3
1 1 1 1 θ +θ − +θ = . 2 3 2 3 3
θ = θ, 3
es decir, θˆ es un estimador insesgado de θ. b) Si n = 100, al tratarse de una m.a.s. podemos aplicar el teorema central del l´ımite y tenemos que X − E[X] p ∼ N (0, 1) ⇔ X ∼ N (E[X], V ar[X]/n) V ar[X]/n y por tanto θˆ = 3X ∼ N (3E[X], 9V ar[X]/n) = N (θ, 9V ar[X]/n). Por la simetr´ıa de la distribuci´ on normal, sabemos que P (θˆ > θ) = 0.5. 5. Las notas de un test de aptitud siguen una distribucion normal con desviacion tipica 28.2. Una muestra aleatoria de 9 alumnos arroja los resultados siguientes: n X
n X
xi = 1098
i=1
x2i = 138148
i=1
a) Hallar un intervalo de confianza al 90 % para la media poblacional. b) Razonar sin hacer calculos si la longitud de un intervalo al 95 % ser´a menor, mayor o igual que la del obtenido en el apartado anterior. c) ¿Cu´ al ser´ a el tama˜ no de muestra m´ınimo necesario para obtener un intervalo al 90 % de nivel de confianza, con longitud 10? ( longitud del intervalo = extremo superior-extremo inferior)
Soluci´ on. X = “notas del test de aptitud”. X ∼ N (µ, 28.2). Mediante muestreo aleatorio simple se toma una muestra donde v ! u 9 9 u1 X X 1 2 t xi = 122, s = x2 − 9 · x n = 9, x = = 21.58. 9 i=1 8 i=1 i a) En este caso la cantidad pivotal es X −µ √ ∼ N (0, 1) σ/ n y el intervalo de confianza para µ es σ IC1−α (µ) = x ¯ ± zα/2 √ . n En nuestro caso
28.2 IC0.90 (µ) = 122 ± z0.05 √ = [106.54 , 137.46] . 9
b) El intervalo al 95 % ser´ a mayor, puesto que a mayor nivel de confianza, mayor longitud del intervalo (a mayor α, mayor es el valor de zα/2 ). 3
c) La longitud del intervalo es 2 · zα/2 longitud de a lo sumo 10:
√σ . n
Al nivel de confianza 0.95, si queremos un intervalo con
σ σ2 σ σ √ 2 2 · z0.05 √ ≤ 10 ⇐⇒ z0.05 √ ≤ 5 ⇐⇒ z0.05 ≤ n ⇐⇒ z0.05 ≤n 5 25 n n 28.22 σ2 = 1.6452 = 86.08. 25 25 Por lo tanto el tama˜ no de muestra m´ınimo necesario ser´ a 87. 2 ⇐⇒ n ≥ z0.05
6. El gerente de operaciones de un peri´odico quiere determinar la proporci´on de peri´odicos impresos con defectos como demasiada tinta, configuraci´on incorrecta de p´aginas, p´aginas duplicadas, etc. El gerente decide tomar una muestra aleatoria de 100 peri´odicos y encuentra que 35 contienen alg´ un tipo de defecto. a) Si el gerente desea un 90 % de nivel de confianza al estimar la proporci´on verdadera de peri´odicos impresos con defectos, construye el intervalo de confianza. b) Utilizando la informaci´ on muestral, determinar el tama˜ no de la muestra para que el error de estimaci´ on no sea superior al 5 %, con un nivel de confianza del 90 %. c) Si no se dispone de la informaci´ on muestral, ni de informaci´on hist´orica fiable (caso m´as desfavorable), plantear el c´ alculo de n para el supuesto del apartado anterior.
Soluci´ on. X = “presencia de defectos en un peri´ odico”. X ∼ B(p), donde p es la proporci´ on de peri´ odicos que se imprimen con defectos. Mediante muestreo aleatorio simple se toma una muestra donde 100
n = 100,
pˆ = x =
1 X 35 xi = = 0.35. 100 i=1 100
a) Tenemos una distribuci´ on de Bernouilli y un tama˜ no de muestra suficientemente grande para poder aplicar el Teorema Central del L´ımite, por lo tanto, el intervalo de confianza ser´ a: " # r pb(1 − pb) IC1−α (p) = pb ± zα/2 . n En nuestro caso, "
r
IC0.90 (p) = 0.35 ± z0.05
# 0.35 · 0.65 = [0.27 , 0.43] . 100
q p) b) El error de estimaci´ on es zα/2 pb(1−b . Si utilizamos la informaci´ on muestral, es decir, suponemos n que pˆ va a valer aproximadamente 0.35 en cualquier muestra que tomemos, entonces a un nivel de confianza del 90 % tenemos que r pb(1 − pb) pb(1 − pb) pb(1 − pb) 2 2 zα/2 ≤ 0.05 ⇐⇒ zα/2 ≤ 0.052 ⇐⇒ zα/2 ≤n n n 0.052 0.35 · 0.65 0.35 · 0.65 ≤ n ⇐⇒ n ≥ 1.6452 = 246.25. 0.052 0.052 El tama˜ no de muestra m´ınimo necesario para obtener un error de estimaci´ on de a lo sumo el 5 % ser´ıa de 247. ⇐⇒ 1.6452
c) En este caso no podemos suponer que pˆ va a valer aproximadamente 0.35 en cualquier muestra, y por tanto como desconocemos pˆ hemos de ponernos en el caso m´ as desfavorable, es decir, cuando es igual a 1/2. Entonces a un nivel de confianza del 90 % tenemos que r pb(1 − pb) pb(1 − pb) pb(1 − pb) 2 2 ≤n zα/2 ≤ 0.05 ⇐⇒ zα/2 ≤ 0.052 ⇐⇒ zα/2 n n 0.052 4
0.25 pb(1 − pb) ≤ n ⇐⇒ n ≥ 1.6452 = 270.60. 0.052 0.052 El tama˜ no de muestra m´ınimo necesario para obtener un error de estimaci´ on de a lo sumo el 5 % ser´ıa en este caso de 271. ⇐⇒ 1.6452
7. En la encuesta sobre intenci´ on de voto del CIS (febrero de 2008, link) de cara a las elecciones legislativas de 2008, aparece la siguiente informaci´on en la ficha t´ecnica: Error muestral: Para un nivel de confianza del 95.5 % (dos sigmas), y P = Q, el error es de ±0.74 % para el conjunto de la muestra y en el supuesto de muestreo aleatorio simple. ¿Qu´e significa? ¿C´ omo debemos interpretar los resultados de la encuesta?
Soluci´ on. Cuando lo que queremos estimar es una proporci´ on poblacional (en este caso, proporci´ on de personas que votar´ an a un determinado partido), bajo las hip´ otesis del Teorema Central del L´ımite (m.a.s. y tama˜ no de muestra grande) sabemos que: pb − p p ∼ N (0, 1) p(1 − p)/n de donde podemos obtener el siguiente intervalo de confianza para p: " # r p(1 − p) IC1−α (p) = pb ± zα/2 . n Pero puesto que desconocemos p, necesitamos sustituir p(1 − p) en la expresi´ on del intervalo de confianza. Como p ∈ [0, 1], p(1 − p) en el intervalo [0, 1] es una par´ abola que alcanza su m´ aximo en el punto p = 0.5, es decir, cuando p = 1 − p (lo que aparece expresado como P=Q en el enunciado). Entonces: " # " # r r p(1 − p) 0.25 ∀p ∈ [0, 1], p(1 − p) ≤ 0.5(1 − 0.5) = 0.25 ⇒ ∀p ∈ [0, 1], pb ± zα/2 ⊆ pb ± zα/2 . n n El valor que se da como estimaci´ on de la proporci´ on poblacional enq las encuestas de intenci´ on 0.25 de voto es pb, pero el error muestral que se est´ a cometiendo es zα/2 (la semiamplitud del n intervalo, en este caso 0.0074) para un nivel de confianza de (1 − α) % (en este caso 95.5 %, es decir, α = 0.045). Con estos datos podemos saber cu´ al ha sido el tama˜ no de muestra utilizado: r 0.25 1 α = 0.045 ⇒ zα/2 ≈ 2 ⇒ zα/2 ≈√ . n n (Obs´ervese el uso de la expresi´ on “dos sigmas”, refiri´endose a que en la distribuci´ on normal se verifica que la probabilidad de que una variable X ∼ N (µ, σ 2 ) tome valores en el intervalo (µ ± 2σ) es 0.955). Por tanto, el error muestral es 0.0074 si y s´ olo si √1n = 0.0074 ⇔ n ≈ 18262 (lo cual podemos comprobar en la primera p´ agina del documento del CIS, salvo errores de redondeo).
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